发布时间 : 星期四 文章2017年北京市东城区高考物理二模试卷（解析版）更新完毕开始阅读
10．要描绘一个标有“3V 0.8W”小灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡两端的电压由零逐渐增加，且尽量减小实验误差．已选用的器材除导线、开关外，还有： 电池组（电动势为4.5V，内阻约1Ω） 电流表（量程为0～0.6A，内阻约为lΩ） 电压表（量程为0～3V，内阻约为3kΩ） 滑动变阻器（最大阻值20Ω，额定电流l A） ①实验电路应选用图1中的 B （填字母代号）．
②按照①中选择的电路进行连线，如图2所示，其中应该去掉的连线是 b （选填相应的字母）．
③闭合开关前滑动变阻器的滑片应该置于最 左 端（选填“左”或“右”）．
④以电压表的读数U为横轴，以电流表的读数J为纵轴，根据实验得到的多组数据描绘出小灯泡的伏安特性曲线，如图3所示．由图可知：随着电压的增大，小灯泡的电阻 增大 ＜选填“增大”或“减小”），其发生变化的原因 随着电压升高，灯丝电阻的温度升高，电阻率增大 ．
⑤如果将这个小灯泡接到电动势为1.5V．内阻为5Ω的电源两端．电路接通后小灯泡两端的电压是 0.7 V．
⑥如图4所示为二极管的伏安特性曲线，下列说法正确的是 AE ． A．二极管是非线性元件
B．只要加正向电压二极管的电阻就为零 C．只要加反向电压二极管中就没有电流通过
D．给二极管加正向电压时，随着电压升高，它的电阻增大
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E．正确使用欧姆表的不同倍率测得二极管的正向电阻往往不同． 【考点】N5：描绘小电珠的伏安特性曲线．
【分析】①明确实验原理，知道实验中要求电流从零开始调节，故应采用滑动变阻器分压接法，同时根据电表内阻进行分析，确定电流表接法； ②由实物图的连接可明确多余的导线；
③根据电路的连接方法，从而明确滑片开始的位置；
④I﹣U图象中图象的斜率表示电阻的倒数，由图象可明确电阻的变化；
⑤在I﹣U图象中作出电源的伏安特性曲线，两图的交点表示灯泡的工作点，从而明确灯泡电压；
⑥由I﹣U图象可明确二极管的性质，再结合多用电表的使用方法即可明确正确答案． 【解答】解：①由图可知，本实验应从零开始测量，故滑动变阻器应采用分压接法；由于灯泡内阻较小，因此应采用电流表外接法，故选择B电路；
②由图可知，电压表左侧分别接了两条导线，由于本实验应采用电流表外接法，故应将导线b去掉；
③由图可知，测量部分与滑动变阻器左侧并联，为了让电压从零开始调节，滑片开始时应置于最左端；
④I﹣U图象中图象的斜率表示电阻的倒数，则可知，随着电压的升高电阻增大；原因是灯丝电阻随温度的升高电阻率增大；
⑤在灯泡伏安特性曲线里作出电源的伏安特性曲线，如图所示，由图可知，小灯泡两端的电压约为0.7V；
⑥A、由图可知，灯泡的伏安特性曲线为非线性元件，故A正确； B、由伏安特性曲线可知，加正向电压时电阻并不为零，故B错误； C、由图可知，加反向电流时，电路中有电流存在，故C错误；
D、由图可知，给二极管加上正向电压时，随电压的增大，图象的斜率增大，则说明电阻减小，故D错误；
E、由图可知，正向和反向电阻不相同，所以正确使用欧姆表的不同倍率测得二极管的正向电阻往往不同，故E正确． 故选：AE．
故答案为：①B；②b③左；④增大；随着电压升高，灯丝电阻的温度升高，电阻率增大⑤0.7；⑥AE
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11．如图所示，固定的光滑轨道MON的ON段水平，且与MO段平滑连接．将质量为m，的小球a从M处由静止释放后沿MON运动，在N处与质量也为m的小球b发生正碰并粘在一起．已知MN两处的高度差为h，碰撞前小球b用长为k的轻绳悬挂于N处附近．两球均可视为质点，且碰撞时间极短．
（1）求两球碰撞前瞬问小球a的速度大小； （2）求两球碰撞后的速度大小；
（3）若悬挂小球b的轻绳所能承受的最大拉力为2.5mg，通过计算说明两球碰后轻绳是否会断裂？
【考点】53：动量守恒定律；6B：功能关系．
【分析】（1）研究碰撞前a球沿光滑轨道下滑的过程，由于只有重力做功，其机械能守恒，由机械能守恒定律求出两球碰撞前瞬问小球a的速度大小；
（2）两球碰撞过程遵守动量守恒定律，由此列式求碰后两球的速度大小；
（3）两球碰撞后粘在一起向右摆动，在碰后瞬间绳子的拉力最大，由牛顿第二定律求出绳子的拉力，与最大拉力比较，即可判断两球碰后轻绳是否会断裂．
【解答】解：（1）设两球碰撞前瞬间小球a的速度大小为vN．根据机械能守恒定律得： mgh=得：vN=
（2）设碰撞后两球的速度大小为v，对于碰撞过程，取向右为正方向，由动量守恒定律得： mvN=2mv 解得：v=
（3）两球碰后一起做圆周运动，设碰后瞬间绳子的拉力为T．根据牛顿第二定律得：
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T﹣2mg=2m
解得：T=3mg＞2.5mg，所以轻绳会断裂． 答：（1）两球碰撞前瞬问小球a的速度大小是（2）两球碰撞后的速度大小是（3）轻绳会断裂．
12．带电粒子的电荷量与其质量之比称为比荷（）．是带电粒子的基本参量之一．
如图l所示是汤姆孙用来测定电子比荷的实验装置，真空玻璃管中K是金属板制成的阴极，由阴极K发出的射线被加速后穿过带有狭缝的极板A、B．经过两块平行铝板C、D中心轴线后打在玻璃管右侧的荧光屏上形成光点．若平行铝板C、D间无电压，电子将打在荧光屏上的中心O点；若在平行铝板C、D间施加偏转电压U，则电子将打在O1点，Ol点与O点的竖直间距为h，水平间距可忽略不计．若再在平行铝板C、D间施加一个方向垂直于纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场（图中未画出），则电子在荧光屏上产生的光点又回到O点．已知平行铝板C、D的长度均为L1，板间距离为d，它们的右端到荧光屏中心O点的水平距离为L2，不计电子的重力和电子间的相互作用．
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（1）求电子刚进入平行铝板C、D间时速度的大小； （2）推导出电子比荷的表达式；
（3）伽利略曾通过逻辑推理得知：在同一高度同时由静止释放两个质量不同的铁球，只在重力作用下，它们可以同时落地．那么静电场中的不同带电粒子是否也会出现“同时落地”的现象呢？比如，在图2所示的静电场中的A点先后由静止释放两个带电粒子，它们只在电场力作用下运动到B点．请你分析说明：若要两个带电粒子从A运动到B所用时间相同（即实现“同时落地”），则必须满足什么条件？
【考点】AK：带电粒子在匀强电场中的运动；CM：带电粒子在混合场中的运动．
【分析】（1）加偏转电压后，板间电场为匀强电场，根据匀强电场的场强公式求出电场强度；当电子受到电场力与洛伦兹力平衡时，做匀速直线运动，因此由电压、磁感应强度可求出运
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