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令t=,则t≥2设g(t)=tg(t)=①当x∈
2
.
-2ln x,t≥2
2
-2t
-
,则
t--2ln x. ≤2
,则
,+∞时,
g(t)≥g(2)=8-4-2ln x.
记p(x)=4-2-ln x,x≥,则
p'(x)=
=
=故 x p'(x) p(x) p .
,1 - 单调递减 1 0 极小值p(1) (1,+∞) + 单调递增 所以,p(x)≥(1)=0. 因此,g(t)≥g(2②当x∈g(t)≥g令q(x)=2
)=2p(x)≥0.
时, =
ln x+(x+1),x∈
.
,则
q'(x)=+1>0,
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故q(x)在上单调递增, 所以q(x)≤q. 由①得,q
=-
p
<-p(1)=0.
所以,q(x)<0. 因此,g(t)≥g=->0.
由①②知对任意x∈,+∞,t∈[2
,+∞),g(t)≥0,
即对任意x∈
,+∞,均有f(x)≤.
综上所述,所求a的取值范围是0,
.
48.(2019·全国2,文21,12分,难度)已知函数f(x)=(x-1)ln x-x-1.证明: (1)f(x)存在唯一的极值点;
(2)f(x)=0有且仅有两个实根,且两个实根互为倒数. 【解析】(1)f(x)的定义域为(0,+∞).
f'(x)=+ln x-1=ln x-.
因为y=ln x单调递增,y=单调递减,所以f'(x)单调递增.
又f'(1)=-1<0,f'(2)=ln 2->0,故存在唯一x0∈(1,2),使得f'(x0)=0.
又当xx0时,f'(x)>0,f(x)单调递增. 因此,f(x)存在唯一的极值点.
(2)由(1)知f(x0))=e2
-3>0, 所以f(x)=0在区间(x0,+∞)内存在唯一根x=α.
由α>x0>1得<1又f(=(-1)ln -1==0,
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故是f(x)=0在(0,x0)的唯一根.
综上,f(x)=0有且仅有两个实根,且两个实根互为倒数.
49.(2019·江苏,19,16分,难度)设函数f(x)=(x-a)(x-b)(x-c),a,b,c∈R,f'(x)为f(x)的导函数. (1)若a=b=c,f(4)=8,求a的值;
(2)若a≠b,b=c,且f(x)和f'(x)的零点均在集合{-3,1,3}中,求f(x)的极小值;
(3)若a=0,0
所以f(x)=(x-a)(x-b)(x-c)=(x-a)3
. 因为f(4)=8,
所以(4-a)3
=8,解得a=2. (2)因为b=c,
所以f(x)=(x-a)(x-b)2
=x3
-(a+2b)x2
+b(2a+b)x-ab2
,
从而f'(x)=3(x-b).
令f'(x)=0,得x=b或x=.
因为a,b,都在集合{-3,1,3}中,且a≠b,
所以=1,a=3,b=-3.
此时,f(x)=(x-3)(x+3)2
,f'(x)=3(x+3)(x-1). 令f'(x)=0,得x=-3或x=1. 列表如下:
x (-∞,-3) -3 (-3,1) 1 (1,+∞) f'(x) + 0 - 0 + f(x) ↗ 极大值 ↘ 极小值 ↗ 所以f(x)的极小值为f(1)=(1-3)(1+3)2
=-32.
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