发布时间 : 星期二 文章[政史地]经典易错题会诊与高考试题预测四更新完毕开始阅读
经典易错题会诊与2012届高考试题预测
(四)
考点4 数 列 经典易错题会诊
命题角度1 数列的概念 命题角度2 等差数列 命题角度3 等比数列
命题角度4 等差与等比数列的综合
命题角度5 数列与解析几何、函数、不等式的综合 命题角度6 数列的应用 探究开放题预测
预测角度1 数列的概念
预测角度2 等差数列与等比数列 预测角度3 数列的通项与前n项和 预测角度4 递推数列与不等式的证明 预测角度5 有关数列的综合性问题 预测角度6 数列的实际应用 预测角度7 数列与图形
经典易错题会诊
命题角度 1 数列的概念 1．(典型例题)已知数列｛an｝满足a1=1,an=a1+2a2+3a3+…+(n-1)an-1,(n≥2)，则｛an｝的通项an=_________. [考场错解] ∵an=a1+2a2+3a3+…+(n-1)an-1，∴an-1=a1+2a2+3a3+…+(n-2)an-2，两式相减得an-an-1=(n-1)an-1，∴an=nan-1.由此类推： an-1=(n-1)an-2，…a2=2a1，由叠乘法可得an=
n! 212 [专家把脉] 在求数列的通项公式时向前递推一项时应考虑n的范围．当n=1时，a1=与已知a1=1，矛盾．
[对症下药] ∵n≥2时，an=a1+2a2+3a3+…+(n-1)an-1① 当n≥3时，an-1=a1+2a2+3a3+…+(n-2)·an-2②
①-②得 an-an-1=(n-1)·an-1∴当n≥3时，×a2=
n!a2，∵a2=a1=1 2anaaaa=n，∵an=n·n?1·．．．·4?3?a2=n·…·4·3an?1an?1an?2a3a2
?1?n!n!∴当n≥2时，an= . 当n=1时，a1=1故an=??2?2??(n?1)(n?2).
2．(典型例题)设数列｛an｝的前n项和为Sn,Sn=________.
a1(3n?1)(对于所有n≥1)，且a4=54，则a1的数值是2a1(3n?1)a1(1?3n)4-1
[考场错解]∵Sn==,∴此数列是等比数列，首项是a1，公比是3，由a4=a1·3，
21?3∴a1=2．
[专家把脉] 此题不知数列｛an｝的类型，并不能套用等比数列的公式．而答案一致是巧合．
[对症下药]∵a4=S4-S3=
a1a43
(3-1)-1(3-1)=54，解得a1=2． 22n-1
3.(典型例题)已知数列｛an｝满足a1=1，an=3+an-1(n≥2)．
(1)求a2，a3；
(2)求通项an的表达式．
2n-1n-1
[考场错解] (1)∵a1=1，∴a2=3+1=4，a3=3+4=13． (2)由已知an=3+an-1，即an-an-1=3
n-1n-1
即an成等差数列，公差d=3．故an=1+(n-1)·3．
n-1n-1
[专家把脉] (2)问中an-an-1=3，3不是常数，它是一个变量，故不符合等差数列的定义．
2
[对症下药] (1)∵a1=1，∴a2=4，a3=3+4=13．
3n?1(2)由已知an-an-1=3，故an=(an-an-1)+(an-1-an-2)+…+(a2-a1)+a1=3+3+…+3+1=.
2n-1
n-1
n-2
4．(典型例题Ⅲ)等差数列｛an｝中，a1+a2+a3=-24，a18+a19+a20=78，则此数列前20项和等于 ( ) A.160 B．180 C. 200 D．220
[考场错解] 由通项公式an=a1+(n+1)d.将a2,a3，a18，a19，a20都表示成a1和d.求a1、d，再利用等差数列求和，选C．
[专家把脉] 此方法同样可求得解．但解法大繁，花费时间多，计算量大故而出错，应运用数列的性质求解就简易得多．
[对症下药] B 由公式m+n=2P?am+an=2ap?(只适用等差数列)即可求解．由a1+a2+a3=-24，可得：3a2=-24 由a18+a19+a20=78，可得：3a19=78 即 a2=-8，a19=26又∵S20=
20(a1?a20)
=10(a2+a19)=180 2
2．(典型例题)若｛an｝是等差数列，首项a1＞0，a2003+a2004>0，a2003·a2004＜0，则使前n项和Sn>0成立的最大自然数n是 ( )
A.4005 B．4006 C.4007 D.4008
[考场错解] ∵a2004+a2003>0，即2a1+2002d+2003d>0，(a1+2002d)(a1+2003d)<0，要使Sn>0．即使na1+
n(n?1)d＞0．这样很难求出a1，d.从而求出最大的自然数 n.故而判断a2003>0，a2004<0，所以前2003项2为正，从第2004项起为负，由等差数列的n项和的对称性使Sn＞0．故而取n=4005使Sn>0．
[专家把脉] 此题运用等差数列前n项的性质及图象中应注意．a2003>0，a2004<0． 且忽视了这两项的大小．
[对症下药] B ∵a1>0，a2003+a2004>0，a2003·a2004＜0，且｛an｝为等差数列 ∴{an}表示首项为正数，公差为负数的单调递减等差数列，且a2003是绝对值最小的正数，a2004是绝对值最大的负数(第一个负数)，且|a2003|＞|a2004|∴在等差数列｛an｝中，a2003+a2004=a1+a4006>0，S4006=自然数n是4006．
3．(典型例题)设无穷等差数列｛an｝的前n项和为Sn. (Ⅰ)若首项a1=，公差d=1，求满足Sk2=(Sk)的正整数k;
(Ⅱ)求所有的无穷等差数列｛an｝；使得对于一切正整数中k都有Sk2=(Sk)成立．
312142?12? [考场错解] (1)当a1=,d=1时，Sn=n+n，由Sk2=(Sk)得k+k=?k2?k?，即k=0或k=4． ∴k
222?2?22
4006(a1?a4006)＞0 ∴使Sn＞0成立的最大
2322
≠0．故k=4．
k(k?1)k2(k2?1)2
d)即 (Ⅱ)由对一切正整数k都有Sk2=(Sk)2成立． 即ka1+d=(ka1+222
2?a1?a1?0,?d22d222?2(a1-a1)k-adk2(k-1)+k(k-1)-k(k-1)=0对—切正整数k恒成立． 故?a1d?0, 求得a1=0或1，
24?d?0??2d=0 ∴等差数列an=｛0,0,0,…｝，或an=｛1，1，1，…｝．
[专家把脉] (Ⅱ)中解法定对一切正整数k都成立．而不是一切实数．故而考虑取k的特值也均成立． [对症下药] (Ⅰ)当a1=
3n(n?1)3n(n?1)122
d?n??n?n.由Sk2=(Sk),得,d=1时，Sn=na1+
2222211421223(k?1)k+k=(k+k)，即k4=0.又k≠0，所以k=4．
22 (Ⅱ)设数列｛an｝的公差为d，则在Sk2=(Sk)中分别取k=1,2,得
2?a?a1,(1)2??S1?(S1),?1 即??4?32?1224a1?d?(2a1?d).(2)??S4?(S2).?22?2
由（1）得a1=0或a1=1. 当a1=0时，代入（2）得d=0或d=6.若a1=0,d=0,则an=0,sn=0,从而Sk2=(Sk)22
成立；若a1=0,d=6,则an=6(n-1),由S3=18，（S3）=324,S9=216知S9≠(S3)，故所得数列不符合题意.当a1=1
22
时,代入(2)得 4+6b=(2+d)解得d=0或d=2.若a1=1,d=0,则an=1,Sn=n,从而Sk2=(Sk)成立；若a1=1,d=2,
22
则an=2n-1,Sn=1+3+…+（2n-1）=n,从而Sk2=(Sk)成立.综上,共有3个满足条件的无穷等差数列:①{an}：an=0,即0，0，0，…；②{an}:an=1,即1，1，1，…；③{an}:an=2n-1,即1，3，5，….
4.(典型例题)已知数列{an}的各项都是正数,且满足:a0=1,an+1=an·(4-an),n?N. (1)证明an＜an+1＜2,n∈N.
n
(2)求数列{an}的通项公式a.
[考场错解] 用数学归纳法证明：（1）1°当n=1时，a0=1,a1=a0（4-a0）=,∴a0＜a1＜2,命题正确. 2
°
假
设
n=k
时
有
ak-1
＜
ak
＜
2.
则
n=k+1
时
，
1232122
ak-ak+1=
1111ak-1(4-ak-1)-ak(4-ak)=2(ak-1-ak)-(ak-1-ak)(ak-1+ak)=(ak-1-ak)(4-ak-1-ak).而ak-1-ak＜0. 222212122
4-ak-1-ak＞0,∴ak-ak-1＜0.又ak-1=ak(4-ak)=[4-(ak-2)]＜2.∴n=k+1时命题正确.由1°、2°知，对一切n∈N时有an＜an+1＜2. (2)an+1=an(4-an)=
+2n-1
121111+2+…222
[-(an-2)+4].∴2(an+1-2)=-(an-2)∴an+1-2=(an-2)令bn=an-2,∴bn=-()22212122n+2n-1
·b12n又∵b1=a1-2=-.∴bn=-()
.即an=2-()
122n+2n-1
.
[专家把脉] 在（Ⅱ）问中求bn的通项时，运用叠代法.最后到b0而不是b1.
[对症下药]（Ⅰ）同上，方法二：用数学归纳法证明：1°当n=1时，a0=1,a1=a0(4-a0)=,∴0＜a0＜a1＜2;2°假设n=k时有ak-1＜ak＜2成立，令f(x)= x(4-x),f(x)在[0，2]上单调递增，所以由假设有：f(ak-1)＜f(ak)＜f(2),即ak-1(4-ak-1)＜ak(4-ak) ×2(4-2),也即当x=k+1时 ak＜ak+1＜2成立，所以对一切n∈N,有ak＜ak+1＜2 (2)下面来求数列的通项：an+1=
1122
an(4-an)=[-(an-2)+4],所以2（an+1-2）=-(an-2)令bn=an-2,则222
1232121212122
12112112bn1121+2+…+2n-12nnn-1?1
bbn=-bn=-(-)=-·()…=-（）b，又bn=-1,所以b=-()2,即?1n?22222222an=2+bn=2-()
122n-1
专家会诊
1.要善于运用等差数列的性质：“若m+n=p+q,则am+an=ap+aq”；等差数列前n项和符合二次函数特征.借助二次函数性质进
行数形结合法解等差数列问题.
2.会运用一般与特殊的逻辑思维,利用满足条件的特值求相关参数的值,学会分析问题和解决问题. 考场思维训练
1 在等差数列{an}中,若a4+a6+a8+a10+a12=120,则a9-a11的值为 ( ) A.14 B.15 C.16 D.17 答案： C分析：略。
2 等差数列{an}中,若其前n项的和Sn=A.Sm+n＞4 B.Sm+n＜
C.Sm+n=4 D.-4＜Sm+n＜-2 答案： B分析：略。
22?a15. 3 数列{an}是公差d≠0的等差数列，其前n项和为Sn,且a10=1,a913mn*
,前m项的和Sm=(m≠n,m,n∈N),则 ( ) nm(Ⅰ)求{an}的通项公式；