发布时间 : 星期五 文章湖南省岳阳市一中2013届高三第七次周考理综试题Word版含答案更新完毕开始阅读
④ 桑叶提取液对糖尿病大鼠具有明显的降血糖效果，但不能降到正常水平
39.（15分）(1) 纤维素(2) b. 适当剂量(强度)c. 将等量甲乙两组菌液 d．透明圈e．透明圈的直径与相应菌落直径比值(3) 结构（或碱基排列顺序） 基因突变 不定向
(4) 生物膜 (5) 先S型增长后下降（首先平稳随后增加再平稳之后下降）
40．（15分）（1）高尔基体 顶体酶 卵黄膜的封闭作用 （2）线粒体 尾部运动需要消耗大量能量 （3）①胎儿 ③卵黄膜 ⑦减数第二次（或MⅡ） ⑧第二极体（4）出生前（即胎儿时期）
化学参考答案
7—13．B C A B B C D
26．（本题14分）（1） 四（1分）; VIII（1分）（2）2FeTiO3＋6C＋7Cl2高温 2FeCl3＋2TiCl4＋6CO
（3）TiCl4+(2+x) H2O
进行
TiOxH2O+4HCl，加入大量水并加热，促进水解趋于完全（或促使水解正向△ 2·
（4）防止钛、镁被氧化（或防止钛镁与空气、水反应），1412（5）27．（本题15分）
（1）在硫酸中加入少量硫酸铜溶液（合理给分） （2）有黑色沉淀生成 否（1分）
氢硫酸与浓硫酸反应有二氧化硫气体产生（2分）
（3）取少量样品用足量稀硝酸溶解，稀释后，加入KSCN溶液检验 （4）M(Cu)=
16(w?m) （5）a c （6）acf 或ace
n?w （6）5
28．（本题14分）
（1）5CO(g) + I2O5(s) = 5CO2(g) + I2(s) △H=－1377.22kJ·mol－1 （2） b 2.67或8/3（3）(NH4)3PO4或(NH4)2HPO4或NH4H2PO4 （4）O2 + 4e－+2CO2 = 2CO32－（5）① 1∶7
② 对于含NO较多混合气体无法完全吸收，因为NO不能与Na2CO3溶液反应
36. （15分）【化学 — 选修2：化学与技术】
（1）① 将NOx转化为硝酸，提高原料的利用率，减少污染物的排放。(3分)
② 3.2——4.7 (2分) (c 、d) (2分) ③ 由于铜离子水解：Cu2++ 2H2OCu(OH)2 +2H+ ， 加入HNO3能抑制硝酸铜水解 (3分)
④ 蒸发浓缩、冷却结晶、过滤洗涤 (3分) （2）b、d (2分)
37．（15分）【化学 — 选修3：物质结构与性质】
(1) 1s22s22p63s23p63d54s2（2分） (2) 6（2分） 12 （2分） (3) CO2(或N2O、CS2、BeCl2等合理均可) （2分） N3－（2分） (4) sp2、sp3（ 3分，全对得分） 15NA（2分） 38．（15分）【化学 — 选修5：有机化学基础】
（1）消去反应（1分）； Cu / 加热（写不写O2均可以）（2分）。 （2）CH2＝CHCH2COOH（2分）；羟基和羧基（2分）。
HCH2OCH2CH2COnOH（3）n HOCH2CH2CH2COOH（4）bd （2分） （5）HOCH2CH2CH2COO COOH+3 NaOH
+( n -1)H2O （2分）
HOCH2CH2CH2COONa +
HOOH NaOCOONa+2 H2O（2分）
（6）
CHO （1分） 或 HOCHOOH（1分）
物理参考答案:
14. B 15 .B 16.A 17 B !8 B !9 BD 20 AC 21 CD
gh－aL22题.(8分)答案 ①3.00 (2分) ②AB (2分) ③μ＝ (2分) 偏
gL2－h2
大 (1分)忽略了纸带与限位孔间的摩擦力或忽略了空气阻力等(1分) 23(7分)答案 (1分) 5.0（1分） 小（1分） (2)如图所示（3分） (3)1.0（2分） 24题．（14分）
⑴ A、B分别受到大小为μmg的作用，根据牛顿第二定律
对A物体：μmg = maA……1分 则aA = μg = 4.0m/s2 …1分 方向水平向右 …1分 对B物体：μmg = MaB …1分 则aB =μmg /M = 1.0m/s2 …1分方向水平向左 …1分 ⑵ 开始阶段A相对地面向左做匀减速运动，速度为0的过程中所用时间为t1，则
v0 = aAt1，则t1 = v0/aA = 0.50s 1分 B相对地面向右做减速运动x = v0t -
12
aBt = 0.875m 1分 2⑶ A向左匀减速运动至速度为零后，相对地面向右做匀加速运动，加速度大小仍为aA = 4.0m/s2；B板向右仍做匀减速运动，加速度大小仍aB = 1.0m/s2；…1分 当A、B速度相等时，A相对B滑到最左端，恰好不滑出木板， 故木板B的长度为这个全过程中A、B间的相对位移；
在A相对地面速度为零时，B的速度vB = v0 – aBt1 = 1.5m/s ………………1分 设由A速度为零至A、B相等所用时间为t2，则 aAt2 = vB – aBt2， 解得t2 = vB/(aA + aB) = 0.3s；共同速度v = aAt2 = 1.2m/s1分
A向左运动位移xA = (v0－ v)(t1 + t2)/2 = (2 – 1.2)(0.5 + 0.3)/2 m = 0.32m……1分 B向右运动位移xB = (v0+ v) (t1 + t2)/2 = (2 + 1.2)(0.5 + 0.3)/2 m 1.28m………1分 B板的长度l = xA + xB = 1.6m…1分 其他：能量守恒定律μmgl =
11(M + m)v02 – (M + m)v2，代入数据解得l = 1.6m 22 图像解法l =
2v0(t1?t2)= 1.6m 或其他解法正确皆可 225.解：如图是粒子的运动过程示意图。⑴ 粒子从O到M做类平抛运动，设时间为t，则有
（2分） （1分）
得 （1分）
，则
⑵ 粒子运动到M点时速度为v，与x方向的夹角为
（1分） （1分）即 （1
分）由题意知，粒子从P点进入磁场，从N点离开磁场，
粒子在磁场中以O′点为圆心做匀速圆周运动，设半径为R，则 （1分）
解得粒子做圆周运动的半径为 （1分）由几何关系知， （1分）
所以N点的纵坐标为
（2分）横坐标为
（1分）
即N点的坐标为（，） （1分）
⑶当矩形磁场为图示虚线矩形时的面积最小。则矩形的两个边长分别为
（2分） （2分）所以矩形磁场的最小面积为
（1分）
35题1.(BDE)(6分)
2.(1)4分 解：（1） C点重力提供向心力 mg=mVc2/R (1)
M由C点平抛 2R=gt2/2 (2)
X=VCt (3)
由(1)(2)(3) 得 x=2R (4) 每式1分 (2)5分 由题意由机械能守恒 mV02/2=mgR+mVC2/2 (5) 设到达B点时速度为VB m M水平方向动量守恒 得 mV0=(m+M)V (6) mv02=mgR+(m+m)VB2/2 (7)
由上各式得 m/M=3/2 (8) 每式1分