发布时间 : 星期三 文章(3份试卷汇总)2019-2020学年济宁市物理高一下期末统考模拟试题更新完毕开始阅读
数，即：，故A错误；
B．水平面光滑，则滑块和木板组成的系统所受的合外力为零，两者水平方向动量守恒，滑块相对木板静止时，取向右为正方向，根据动量守恒定律得：得，整个辻程中因摩擦产生的内能：
，解得： v= 1m/s。根据能量守恒定律，故B正确；
C．设木板的最小长度为L，則有C错误；
，但由于不知道动摩擦因数，不能求出木板的最小长度，故
D.从开始到滑块与木板相対静止込段吋向内，滑快与木板的位移之比是：
，故D正确。
【点睛】
本题主要考查了板块模型的综合应用，属于中等题型。
15． (本题9分)轻质弹簧竖直放在地面上，物块P的质量为m，与弹簧连在一起保持静止。现用竖直向上的恒力F使P向上加速运动～小段距离L时，速度为v，下列说法中正确的是
A．合外力做的功是B．重力做的功是mgL
．
C．合外力做的功是FL-mgL D．弹簧弹力做的功是 mgL- FL+【答案】AD
【解析】根据动能定理，合外力做功为：W合=△Ek=mv2，故A正确，C错误；物体上升L时，克服重力
做功为mgL，即重力做功为-mgL，故B错误；根据动能定理，有：-mgL+FL+W弹=mv2，解得：W弹=mgL-FL+mv2，故D正确；故选AD。
点睛：本题关键是明确物体的受力情况，然后结合动能定理列式求解各个力的功，注意重力做的是负功；
弹力是变力，要根据动能定理求解其做功．
16．在如图所示的竖直平面内，在水平线MN的下方有足够大的匀强磁场，一个等腰三角形金属线框顶点C与MN重合，线框由静止释放，沿轴线DC方向竖直落入磁场中．忽略空气阻力，从释放到线框完全进入磁场过程中，关于线框运动的v－t图，可能正确的是：（ ）
A． B． C．
D．
【答案】CD 【解析】 【详解】
根据楞次定律的“来拒去留”可知线框受到向上的安培力，线框由静止向下做加速运动，设线框的有效切割BLvB2L2v磁感线的长度为L，线框的电阻为R，则有F?BIL，根据欧姆定律可得I?，故F?，根据
RRmg?FB2L2v牛顿第二定律可得mg?F?ma，故a?，运动过程中，L在变大，v在变大，故?g?mmR加速度在减小，即速度时间图像的斜率再减小，故AB错误；由于不知道当线框完全进入磁场时重力和安培力的关系，所以之后线框的速度可能继续增大，可能恒定不变，故CD正确 三、实验题:共2小题，每题8分，共16分
17． (本题9分)（1）某同学用图示装置做“验证机械能守恒定律”的实验，下列物理量中需要且能够直接测量的量有________________（填字母序号）．
A．重锤下落的加速度 B．与下落高度相对应的重锤的势能 C．计时器打下某两个点的时间内重锤下落的高度 D．与下落高度相对应的重锤的瞬时速度
（2）质量m=1kg的重锤自由下落，在纸带上打出一系列如下图所示的点，A为第一个点，B、C、D为相
2邻的点，相邻点的时间间隔为0.04s，长度单位是cm，取g?9.8m/s，求：
①打点计时器打下计数点C时，物体的速度vc?______m/s（保留三位有效数字）；
②从打下起点A到打下计数点C的过程中，物体重力势能减少量?EP?_______J，此过程中，物体动能增加量?Ek?____________J（保留三位有效数字）
③根据以上实验数据可得出实验结论：________________________
【答案】（1）C (2)①2.13 ②2.27 2.27 ③在误差范围内，重锤下落过程中机械能守恒． 【解析】
（1）重力加速度不需要测量，由当地的重力加速度代入计算，故A错误；与下落高度相对应的重锤的势能，需要但得计算，故B错误；计时器打下某两个点的时间内重锤下落的高度，需要可以直接测量，故C正确；与下落高度相对应的重锤的瞬时速度，需要但得计算，故D错误．所以选C．
?32.5?15.50??10m/s?2.13m/s． x（2）C点的瞬时速度等于BD段的平均速度，则vC?BD?2T2?0.04?2（3）从打下起点A到打下计数点C的过程中，物体重力势能减少
?2量:?Ep?mghAC?1?9.8?23.25?10J?2.28J；物体动能增加量
?Ek?121mvC??1?2.132J?2.27J． 22（4）根据以上实验数据可以得出实验结论：在误差范围内重物下落机械能守恒．
18． (本题9分)为了探究物体质量一定时加速度与力的关系，A、其B同学设计了如图甲所示的实验装置．中小车的质量为M，砂和砂桶的质量为m，与小车相连的滑轮的质量为m0．力传感器可测出轻绳中的拉力大小，重力加速度为g．实验时先平衡摩擦力．并调节轻绳与木板平行．
（1）A同学以力传感器的示数F为纵坐标，加速度a为横坐标，画出的F?a图象如图乙所示，求得图线的斜率为k，则小车的质量M?____________________(用所给物理量的符号表示)．
（2）B同学也以力传感器的示数F为纵坐标，加速度a为横坐标，画出的F?a图象如图丙所示，图线不过原点的原因可能是________________________________(答一条即可)． 【答案】2k-m0； 平衡摩擦力过度 【解析】
(1)对小车和滑轮整体由牛顿第二定律可得：2F?(m0?M)a，则(2)由图像可知当F?0N时，a?0，可知平衡摩擦力过度． 四、解答题：本题共4题，每题5分，共20分
19． (本题9分)光滑水平面AB与竖直面内的半圆形导轨在B点连接，导轨半径R＝0.5 m，一个质量m＝1 kg的小球在A处压缩一轻质弹簧，弹簧与小球不拴接．用手挡住小球不动，此时弹簧弹性势能Ep＝36 J， 如图所示．放手后小球向右运动脱离弹簧，沿半圆形轨道向上运动恰能通过最高点C，g取10 m/s1．求：(1)小球脱离弹簧时的速度大小； (1)小球从B到C克服阻力做的功；
m0?M=k，可得：M?2k?m0． 2
【答案】 (1)6m/s （1）11J 【解析】
由能量守恒可知，小球脱离弹簧时的速度大小；根据小球在圆形轨道上的受力特点，由牛顿第二定律可求小球在C点的速度，再由B到C运用动能定理可求小球从B到C克服阻力做的功．
1mv02，得v0?8m/s 21212（1）由B到C由动能定理得 ?mg2R?W克?mv?mv0
22（1）由能量守恒Ep?