发布时间 : 星期一 文章(3份试卷汇总)2019-2020学年济宁市物理高一下期末统考模拟试题更新完毕开始阅读
【解析】
A、对两个球组成的系统,只有重力和细杆的弹力做功,机械能守恒,所以小球N的机械能减小量等于小球M的机械能增加量，故A正确；
B、在转动过程中，由于两个小球有动能，根据机械能守恒，可知小球N的重力势能减小量不等于小球M的重力势能增加量，故B错误；
C、由于小球M和小球N的质量不相等，在重力作用下的位移大小相等，所以重力对小球N做功的绝对值大于重力对小球M做功的绝对值，故C错误；D正确； 故选AD
点睛：本题关键是明确两个球系统机械能守恒,而单个球的机械能不守恒,结合机械能守恒定律和动能定理列式分析即可.
12． (本题9分)如图所示的装置中，木块B放在光滑的水平桌面上，子弹A以水平速度v0射入木块后(子弹与木块作用时间极短)，子弹立即停在木块内．然后将轻弹簧压缩到最短，已知本块B的质量为M，子弹的质量为m，现将子弹、木块和弹簧合在一起作为研究对象(系统)，则从子弹开始入射木块到弹簧压缩至最短的整个过程中
A．系统的动量不守恒，机械能守恒 B．系统的动量守恒，机械能不守恒
2mMv0C．系统损失的机械能为
2?m?M?D．弹簧最大的弹性势能小于【答案】CD 【解析】 【详解】
1mv02 2AB.由于子弹射入木块过程中，二者之间存在着摩擦，故此过程系统机械能不守恒，子弹与木块一起压缩弹簧的过程中，速度逐渐减小到零，所以此过程动量不守恒，故整个过程中，系统动量、机械能均不守恒，故AB错误；
C.对子弹和木块由动量守恒及能量守恒得mv0?(M?m)v，
2mMv0械能为，故C正确；
（2m?M）121mv0?(M?m)v2??E，系统损失的机22D.由于子弹和木块碰撞有机械能损失，所以最终弹簧弹性势能小于最初的动能，故D正确． 13．质量为m的小球从高h处由静止自由下落，经时间t落地，关于重力的功率正确的是( ) A．重力的功率即描述重力做功的快慢 C．全过程重力的平均功率等于【答案】AC 【解析】 【详解】
A.功率是描述力做功快慢的物理量，重力的功率是描述重力做功的快慢，故A正确； BC.重力做的功W=mgh，重力的平均功率为：P?B．重力的平均功率等于
mgh 2tmgh tD．落地时重力的功率等于2mggh
Wmgh?，故B错误，C正确； ttD. 落地时的瞬时速度为：v?2gh，落地时重力的瞬时功率为：P?mgv?mg2gh，故D错误。 14．利用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律，关于此实验的操作，下列说法中正确的有
A．安装打点计时器时两个限位孔必须在同一竖直线上 B．必须用秒表测出重物下落的时间
C．先接通打点计时器电源，待稳定后释放纸带
D．若纸带起始端点迹模糊，则不可用来验证机械能守恒 【答案】AC 【解析】 【分析】 【详解】
A.实验中安装打点计时器时两个限位孔必须在同一竖直线上，目的是减小摩擦力，以减小实验误差，故A正确；
B.实验可通过打点计时器打出的纸带情况计算出重锤下落的速度，所以不需要用秒表测出重物下落的时间计算重锤下落的速度，故B错误；
C.开始记录时，应先给打点计时器通电打点，待打点稳定后，再释放纸带，让重锤带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差，故C正确；
D.纸带起始端点迹模糊， 可以选比较清晰的点作为初始位置，所以可以用来验验证机械能守恒，故D错误．
15． (本题9分)如图所示，一质量为m的小球，用长为l的轻绳悬挂于O点，第一次在水平力F作用下，小球以恒定速率在竖直平面内由P点运动到Q点；第二次在水平恒力F′作用下，从P点静止开始运动并恰好能到达Q点。关于这两个过程（不计空气阻力），下列说法正确的是（ ）
A．第一个过程中，力F在逐渐变大 B．第一个过程中，重力的瞬时功率不变 C．第二个过程中，合力做的功一直增加 D．在这两个过程中，机械能都一直增加 【答案】AD 【解析】 【分析】 【详解】
A．小球以恒定速率在竖直平面内由P点运动到Q点，故小球在速度方向的合外力为零，即
F?mgtan?
小球运动过程?增大，tan?增大，故F增大，A正确；
B．设小球速率为v，那么重力的瞬时功率
P?mgvsin?
小球运动过程?增大，sin?增大，故P增大，B错误；
C．第二个过程中，重力和水平恒力F?的合力是个恒力，在等效最低点时，合力方向与速度方向垂直，此时速度最大，到达Q点速度为零，则第二个过程中，合力做的功先增加后减小，故C错误； D．这两个过程中，拉力都做正功，故机械能一直增加，D正确。 故选AD。
16．党的十九大报告指出人与自然应和谐共生，下列关于能源和能量说法正确的有 A．能量在转移或转化过程中常伴随着能量耗散 B．因为自然界的能量守恒，所以不需要节约能源 C．煤炭和石油资源是有限的，不可能无限制的利用 D．合理利用能源的同时，需要保护好自然环境 【答案】ACD 【解析】 【详解】
A.能量是守恒的，但能量在转移或转化过程中常伴随着能量耗散，故A正确； B.自然界的能量守恒，但是由于可用能源是有限的，故需要节约能源。故B错误；
C.能源短缺是指煤炭和石油资源是有限的，以现在的开采和消耗速度，石油储藏将在百年内用尽，煤炭资源也不可能永续，所以不可能无限制的利用，故C正确；
D.合理利用能源时，燃料的生成物容易对空气、土壤、水源造成污染，所以需要注意保护好自然环境，故D正确；
三、实验题:共2小题，每题8分，共16分
17． (本题9分)利用气垫导轨和光电门进行“探究碰撞中的不变量”这一实验，气垫导轨的左侧与一倾斜轨道平滑连接，滑块在水平气垫导轨上运动时可忽略阻力．让滑块A在左侧倾斜轨道的P点由静止释放，然后与静止在光电门C和光电门D之间的滑块B发生碰撞，如图所示．
（1）实验中滑块B备有甲乙两种：其中甲种滑块左端装有弹性圈，乙种滑块左端装有橡皮泥，与滑块A碰撞后会粘在一起．若要求碰撞时动能损失最大，则应选用______种滑块（填“甲”或“乙”），若要求碰撞时动能损失最小，则应选用______种滑块（填“甲”或“乙”）；
（2）某同学选取左端装有橡皮泥的滑块B进行实验，两滑块的质量分别为mA和mB，滑块A从P点释放后，通过光电门C的时间为t1，与滑块B粘在一起后通过光电门D的时间为t2，则在误差允许的范围内，只需验证等式______成立即说明碰撞过程中mA和mB系统动量守恒；
（3）在上一问的某次实验中，滑块通过光电门C和光电门D的时间分别为t1=0.05s和t2=0.15s，那么滑块A和滑块B的质量之比为mA：mB=______．
【答案】乙 （2） 甲 （mA+mB）t1 = mA/ t1或（mA+mB）/ t2 1：2 【解析】