发布时间 : 星期六 文章山东省日照市2020届高三1月校际联考物理试题（解析版）更新完毕开始阅读
（2）微安表量程为250μA，由图（b）所示表盘可知，其分度值为5μA，其示数为200μA，是满偏量程的
，
此时标准电压值为1.00V，即满偏量程的对应着电压值为1.00V，故改装后的电压表最大量
程为U=V=1.25V，故B正确，ACD错误。
故选：A。
（3）由微安表改装的电压表，示数偏大，说明其内阻偏小，原因有可能是微安表内阻值小于1200Ω，也有可能滑动变阻器R的接入电阻偏小造成的，故BC正确，AD错误。 故选：BC。
故答案为：（1）见解析；（2）B；（3）BC。 （1）根据电路图连接实物电路图。
（2）根据微安表量程与图（b）所示表盘确定其分度值，根据指针位置读出其示数，然后根据电压表改装原理求出改装后电压表的量程。
（3）把微安表改装成大量程的电压表需要串联分压电阻，根据题意与改装原理分析实验误差。
本题考查了电流表的改装问题，把微安表改装成大量程的电压表需要串联分压电阻，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值，掌握基础知识是解题的前提与关键，根据题意应用基础知识即可解题。
15. 【答案】
解：（1）由图可知，A在小车上做减速运动，加速度的大小：a=又：mAa=
代入数据可得：μ=0.3
（2）设初速度为v0，速度相等时为v1，A、B组成的系统动量守恒，以A的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mA（v0-v1）=mBv1，
解得：
（3）设小车的最小长度为L，又v-t图象可知，小车的最小长度恰好等于A与B速度相等前二者的位移差，即：
答：（1）物体A与小车上表面间的动摩擦因数为0.3。 （2）物体A与小车B的质量之比是
。
（3）小车的最小长度是2m。
【解析】（1）根据速度时间图象的斜率表示加速度求出A的加速度，然后由牛顿第二定律求出动摩擦因数；
（2）当A滑上B后，在滑动摩擦力作用下，A做匀减速直线运动，B做匀加速直线运动，最终以共同速度v1匀速运动，根据动量守恒定律求解质量比；
（3）根据速度时间图象的面积表示位移可以求得A相对于B的位移，即小车的最小长度。
本题主要考查了动量守恒定律、能量守恒定律的直接应用，要求同学们能根据图象得出有效信息，难度适中。
16. 【答案】
解：（1）设两线框匀速运动的速度为v，此时轻绳上的张力为T，由平衡条件得： 对a有：T=3mg-BIl 对b有：T=mg 又I= E=Blv 则v=
以整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得：3mg-mg=4ma 解得a=
根据运动学公式可得：v2=2ax 解得：x=
（2）从开始运动到线框a全部进入磁场的过程中，线框a只在匀速进入磁场的过程中产生焦耳热，设为Q1，由功能关系可得：3mgl-mgl=Q1 所以：Q1=2mgl
从开始到两线框全部穿过磁场的过程中，共产生的焦耳热为：Q=4Q1=8mgl 答：（1）系统由静止释放时，线框b上边到磁场下边界的距离为
。
（2）从开始到两线框全部穿过磁场的过程中，共产生的焦耳热为8mgl。
【解析】（1）当b刚全部进入磁场时，a、b两个线框开始做匀速运动，分别对两线框列平衡方程，根据欧姆定律和法拉第电磁感应定律可得系统匀速运动的速度大小，根据牛顿第二定律求解加速度大小，再根据所得税已更新求解；
（2）根据能量守恒得系统机械能的减少等于产生的总焦耳热。 对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，根据牛顿第二定律或平衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程求解。
17. 【答案】
解：（1）设弹簧在A处保持静止时压缩量为x，则F=kx 设物块离开弹簧时的速度为v，根据动能定理有
物块向右运动过程中，弹簧对物块的冲量为I，由动量定理可得 I=mv 解得 I=2N?s
（2）物块离开弹簧到B之间做匀速直线运动，设时间为t1，则
设物块沿着圆弧轨道上升到D点，B、D之间的高度差为h，根据机械能守恒定律可得
设过D点的半径与竖直方向的夹角为θ，由几何关系得即θ＜5°
所以物块从B点到D点再返回到B点的过程中可以看做单摆，单摆周期则物块从B点到D点再返回到B点的时间
所以物块从离开弹簧到再次接触弹簧所经过的时间为t=2t1+t2 代入数据解得：t=23.65s
答：（1）物块P第一次向右运动的过程中，弹簧对物块的冲量大小为2N?s。 （2）从物块P离开弹簧到再次接触弹簧经过的时间为23.65s。
【解析】（1）先根据动能定理解出物块离开弹簧时的速度，再根据动量定理解得弹簧对物块的冲量；
（2）物块离开弹簧在水平部分的运动是匀速直线运动，在圆弧上运动可看做单摆运动，计算出单摆周期，然后计算时间即可。
注意弹簧弹力对物块做功的过程中弹力是一个变力，随位移发生变化，可以用平均值计算；物块在圆弧上运动时可看做单摆模型计算。
18. 【答案】
解：（1）设粒子到达边界的位置为Q，竖直分速度为vy， 由几何关系得：vy=
v0
设粒子在电场中的运动时间为t1，加速度为a，则根据牛顿第二定律有：qE=ma vy=at1
在x轴方向的偏转距离为：x=v0t1
设粒子在磁场中的运动速度为v，轨道半径为R， 根据速度的合成与分解可知v=
根据几何知识可知：x=Rcos30°+Rcost30°， 洛伦兹力提供向心力，即：qvB=m联立解得：B=
（2）粒子在磁场中运动的周期为：T=
T，
设粒子在磁场中运动的时间为t2，则有：t2=
粒子离开磁场的位置到y轴的距离为△x，则有：△x=x-2Rcos30° 沿着x轴负方向做匀速直线运动，设经过t3到达y轴，则有：△x=v0t3 联立解得粒子在第一象限运动的时间为：t=t1+t2+t3=
（3）根据几何关系可得粒子离开磁场的位置到x轴的距离为：y1=
粒子离开磁场后，竖直方向做匀速直线运动，经过t3时间到达y轴并离开电场，有：
粒子从y轴上离开电场的位置到O点的距离为：y=y1+y2=
答：（1）磁感应强度的大小为。
。 。
（2）粒子在第一象限运动的时间为
（3）粒子从y轴上离开电场的位置到O点的距离为
【解析】（1）粒子从M运动到Q做类平抛运动，根据到达Q点的速度方向分析在Q点的竖直分速度，根据几何知识求出粒子在磁场中的运动半径，根据洛伦兹力提供向心力求解磁感应强度；
（2）根据几何知识求解粒子在磁场中运动的圆心角，结合周期公式求解粒子在磁场中的运动时间，加上电场中的运动时间即可；
（3）根据几何关系可得粒子离开磁场的位置到x轴的距离；粒子离开磁场后，竖直方向做匀速直线运动，根据位移时间关系求解电场中的位移，即可得到粒子从y轴上离开电场的位置到O点的距离。
对于带电粒子在磁场中的运动情况分析，一般是确定圆心位置，根据几何关系求半径，结合洛伦兹力提供向心力求解未知量；根据周期公式结合轨迹对应的圆心角求时间；对于带电粒子在电场中运动时，一般是按类平抛运动或匀变速直线运动的规律进行解答。