发布时间 : 星期三 文章(绮鹃�?浠藉悎闆?2020灞婂悏鏋楃渷鍚夋灄澶у闄勫睘涓楂樿�冩暟瀛︽ā鎷熻瘯鍗?- 鐧惧害鏂囧簱更新完毕开始阅读
【点睛】
本题把握官能团与性质、有机反应为解答关键，注意选项D为解答的难点。 11．D 【解析】 【分析】 【详解】
A．原电池中，溶液中氢离子向正极二氧化铅电极移动，故A错误；
B．根据电子守恒分析，每消耗3molPb，转移6mol电子，根据电子守恒生成1molAl2O3，故B错误； C．原电池正极上二氧化铅得电子生成硫酸铅，则正极：PbO2+4H++SO42-+2e-=PbSO4+2H2O，故C错误； D．原电池中铅作负极，负极上铅失电子和硫酸根离子反应生成难溶性的硫酸铅，所以质量增加，在电解池中，Pb阴极，阴极上氢离子得电子生成氢气，所以铅电极质量不变，故D正确； 答案：D 【点睛】
本题考查原电池和电解池原理，根据电极上得失电子、离子放电顺序来分析解答即可，难度中等。 12．B 【解析】 【分析】
A．相同离子不能合并；
B．氘（2H）原子中有1个质子，核外有1个电子；
C．结构式中需要用短线代替所有的共用电子对，CH2=CH2为结构简式； D．比例模型表示原子的相对大小及原子连接顺序、空间结构。 【详解】
A．氯化镁属于离子化合物，镁离子直接用离子符号表示，氯离子需要标出最外层电子及所带电荷，氯化镁的电子式为：
，故A错误；
B．氘（2H）原子中有1个质子，核外有1个电子，原子结构示意图：，故B正确；
C．乙烯分子中含有2个碳原子和4个氢原子，两个碳原子之间通过共用2对电子形成一个碳碳双键，碳碳键与碳氢键之间夹角120度，为平面型结构，其结构式为：
，故C错误；
D．二氧化碳的分子式为CO2，由模型可知小球为碳原子，2个大球为氧原子，而氧原子半径小，实际碳原子半径大于氧原子半径，二氧化碳为直线型结构，其正确的比例模型为故选：B。
，故D错误；
【点睛】
易错点D，氧原子半径小，实际碳原子半径大于氧原子半径。 13．C 【解析】 【分析】
酸性条件下，离子之间不能结合生成沉淀、气体、水、弱电解质等可以大量共存；强酸性条件下具有氧化性与具有还原性的离子能发生氧化还原反应，以此来解答。 【详解】
A．这几种离子之间不反应且和氢离子不反应，所以能大量共存，A不符合题意；
B．H+、CO32-反应生成CO2和H2O而不能大量共存，但是发生的是复分解反应，不是氧化还原反应，B不符合题意；
C．H+、NO3-、Fe2+会发生氧化还原反应生成Fe3+和NO而不能大量共存，C符合题意；
D．NH4+、OH-发生复分解反应生成NH3?H2O而不能大量共存，但发生的不是氧化还原反应，D不符合题意； 故合理选项是C。 【点睛】
本题考查离子共存的知识，明确离子性质及离子共存的条件是解本题关键，注意结合题干中关键词“强酸性、氧化还原反应”来分析解答，题目难度不大。 14．C 【解析】 【分析】
强酸性溶液X，则溶液中不存在弱酸根离子CO32-，溶液和硝酸钡溶液反应生成沉淀C，则溶液中存在SO42-，不存在和硫酸根离子反应的Ba2+，C是BaSO4；酸性条件下硝酸根离子具有强氧化性，所以溶液中Fe2+和NO3-不能共存，加入硝酸钡产生气体，则溶液中存在Fe2+，不存在NO3-，A是NO；溶液B中加入过量氢氧化钠溶液时，产生气体D，则溶液中含有NH4+，D是NH3，产生沉淀F是Fe（OH）3，溶液E通入过量二氧化碳时产生沉淀H和溶液G，则溶液X中存在Al3+，沉淀H是Al（OH）3，溶液G是NaHCO3，；综上所述，原溶液X中含有的离子为：H+、Fe2+、SO42-、NH4+、Al3+。 【详解】
A．溶液X中应含有Fe2+，酸性条件下与硝酸根离子反应生成气体NO，反应的离子方程式为：3Fe2++4H++NO3-=3Fe3++NO↑+2H2O，选项A正确；
B．生成沉淀H的离子方程式为：AlO2--+CO2+2H2O=Al(OH)3↓+HCO3-，选项B正确； C．溶液X中一定没有的离子为：CO32-、Ba2+、NO3-，选项C错误；
D．溶液X中一定含有的离子是：H+、Fe2+、SO42-、NH4+、Al3+，选项D正确； 故答案选C。
15．A 【解析】 【分析】
A的单质是最理想的燃料，A是H元素。C原子次外层电子数是最外层的1/3，说明C只能是第二周期的元素即C是O元素；E与C同主族，E是S元素；F是原子序数大于S的主族元素，F是Cl元素；B可能是Li、Be、B、C、N几种元素中的一种，D可能是F、Na、Mg、Al、Si、P中的一种。 【详解】
A. 若元素D是Na，Na与H形成的化合物NaH是离子化合物，故A错误；
B. C、N与H元素都能形成多种共价化合物，如CH4、C2H6，NH3、N2H4等，故B正确； C. F是Cl元素，最高价氧化物对应水化物是HClO4，HClO4是强酸，故C正确； D. 若元素D是Si元素，Si单质是良好的半导体材料，故D正确；选A。 二、实验题（本题包括1个小题，共10分）
16．H2或CO 无水CuSO4或澄清的石灰水 无水CuSO4变蓝色或澄清的石灰水变浑浊。 【解析】 【分析】
本题主要考查具有还原性的气体的性质及常见的用作还原剂的气体，同时涉及常见物质的颜色、金属与氧气的反应。 【详解】
(1)金属与氧气可以发生化合反应生成金属氧化物，铜在加热时与氧气化合生成黑色的氧化铜，黑色的氧化铜又变成光亮的红色，即变成了金属铜，这是氧化铜被气体还原剂夺取氧而变成单质铜的反应，气体在反应中表现出的性质称为还原性，通常用作还原剂的气体有CO和H2；
(2)假设推断为氢气(或一氧化碳)，而氢气与氧化铜反应生成铜和水，再验证是否有水生成即可，步骤：将气体通过浓硫酸进行干燥，再通过灼热的氧化铜，再通过无水硫酸铜，验证是否有水生成，如果无水硫酸铜变蓝，说明有水生成，说明该气体是氢气；
假设推断为一氧化碳，而一氧化碳与氧化铜反应生成铜和二氧化碳，再验证是否有二氧化碳生成即可，步骤：将气体通过灼热的氧化铜，再通过澄清的石灰水，验证是否有二氧化碳生成，如果澄清的石灰水变浑浊，说明有二氧化碳生成，说明该气体是一氧化碳。 三、推断题（本题包括1个小题，共10分）
17．3-甲基-1-丁炔（或异戊炔） 卤代烃 CH3CH(CH3)CHOHCH2OH 【解析】 【分析】
A是有支链的炔烃，由分子式可知为CH3CH(CH3)C≡CH，与氢气发生加成反应生成的E可进一步与溴反应，则E应为烯烃，结构简式为CH3CH(CH3)CH=CH2，F为CH3CH(CH3)CHBrCH2Br，G为CH3CH(CH3)CHOHCH2OH，一定条件下与乙二酸发生酯化反应生成H，由H的分子式可知H为缩聚反应的产物，据此解答该题。
【详解】
（1）A是有支链的炔烃，为CH3CH(CH3)C≡CH，名称为3-甲基-1-丁炔（或异戊炔）；故答案为：3-甲基-1-丁炔（或异戊炔）；
（2）F为CH3CH(CH3)CHBrCH2Br，属于卤代烃； 故答案为：卤代烃；
（3）由以上分析可知G为CH3CH(CH3)CHOHCH2OH； 故答案为：CH3CH(CH3)CHOHCH2OH。 四、综合题（本题包括2个小题，共20分）
18．［Ar］3d104s24p1 哑铃形 sp杂化 BCF 直线形 O=C=O Fe的价电子数较多且原子半径较小，金属键较强 12 【解析】 【分析】 【详解】
（1）Ga原子核外有31个电子，根据能量最低原理，基态Ga原子核外电子排布式是［Ar］3d104s24p1，基态Ga原子核外电子占据的最高能级是4p能级，电子云轮廓图为哑铃形；
（2）HC≡CNa中C原子的孤电子对数为0，价电子对数为2，所以C原子的杂化类型为sp杂化；乙炔钠中C-H键为σ键，C≡C有1个σ键、2个π键，Na与C≡CH之间为离子键，故选BCF； （3）NaN3的阴离子为N3-，中心N原子的价电子对数是2+24M?3 2?NA5+1-3?2=2 ，配位原子数为2，无孤电子对，2所以N3-立体构型为直线形；原子数相同、价电子数也相同的粒子互为等电子体，N3-价电子数是16，和N3-互为等电子体的分子是CO2，结构式为O=C=O；
（4）Fe的价电子数较多且原子半径较小，金属键较强，所以铁的熔沸点远高于钙；
X原子构成面心立方晶胞，（5）①根据晶胞结构图，所以每个X周围与它最近且距离相等的X共有12个； 8个Y原子，mol-3，②根据均摊原则，每个晶胞含有4个X原子、设该晶体的摩尔质量为Mg·密度为ρg·cm-3，阿伏加德罗常数为NA，晶胞边长为acm，则?=4M4M3a= ，晶体中两个最近的X间的距离为，
a3NA?NA24M3?cm。 晶胞面对角线的一半，距离为2?NA19．△H1+△H2 K1·K2 A 2.00 97.6% < 60 s-1 1.00 【解析】 【分析】
(1)根据盖斯定律，将热化学方程式叠加，可得待求反应的热化学方程式，利用化学平衡常数的含义计算反应III的化学平衡常数；