发布时间 : 星期一 文章【word版可编辑】陕西省宝鸡市新高考物理精选解答题100题汇总含解析更新完毕开始阅读
t1＝303s
8．小王在实验室做单摆实验时得到如图甲所示的单摆振动情形，O是它的平衡位置，B、C是摆球所能到达的左右最远位置，此时的摆动角度为θ，小王通过实验测得当地重力加速度为g＝10m/s2，并且根据实验情况绘制了单摆的振动图象如图乙所示，设图中单摆向右摆动为正方向。求： (1)单摆的振幅、摆长约为多少；
(2)估算单摆振动时最大速度v。(可能用到的公式1－cosθ＝2sin2
?)(计算结果均保留三位有效数字) 2
【答案】 (1) 5cm；1.01m；(2)0.157m/s 【解析】 【分析】 【详解】
(1)由题图乙读出单摆的振幅A?5cm，周期T?2s 根据单摆的周期公式T?2?L得摆长 ggT210?22L??m?1.01m 224?4?3.14(2)根据机械能守恒定律
12mv 2θ1?cosθ?2sin2
2mgL(1?cosθ)?又因为?很小，故有
Aθ sin?22Lv?2gL(1?cosθ)?Ag?0.157m/s L9．如图所示，一质量为m、电荷量为?q的带电粒子，从A点以速度v0垂直于电场方向射入一个电场强度为E的匀强电场中，从B点射出电场时的速度方向与电场线成120? 角，不计重力．求：
(1)带电粒子通过B点时速度vB的大小； (2)A、B两点间的电势差UAB．
mv023 【答案】 (1)v0(2)?6q3【解析】 【详解】
(1)带电粒子在电场中做类平抛运动，水平方向做匀速直线，将带电粒子在B点的速度分解有 vB?v023?v0
cos30?32(2)对粒子，从A→B，由动能定理可知
1212?qUAB?mvB?mv0
22解得
UAB2mv0??
6q10．如图所示，竖直平面内有一四分之一光滑圆弧轨道固定在水平桌面AB上，轨道半径R=1.8m，末端与桌面相切于A点，倾角θ= 37°的斜面BC紧靠桌面边缘固定，从圆弧轨道最高点由静止释放一个质量m= lkg的可视为质点的滑块a，当a运动到B点时，与a质量相同的另一可视为质点的滑块b从斜面底端C点以初速度v0=5m/s沿斜面向上运动，b运动到斜面上的P点时，a 恰好平抛至该点，已知AB的长度x=4m，a与AB间的动摩擦因数μ1 = 0.25， b 与 BC 间的动摩擦因数μ2=0.5， sin37°=0.6， 取 g=10m/s2，cos37° = 0.8， 求
(1)滑块a到达B点时的速度大小； (2)斜面上P、C间的距离。
【答案】 (1)4m/s；(2)1.24m。 【解析】 【分析】
【详解】
(1)滑块a从光滑圆弧轨道滑下到达B点的过程中，根据动能定理有：
mgR??1mgx?代入数据解得 v＝4m/s
12mv 2(2)滑块a到达B点后做平抛运动，根据平抛运动的规律有： x′＝vt，y＝
12ygt，tanθ= 2x代入数据解得 t＝0.6s
滑块b从斜面底端上滑时，根据牛顿第二定律有： mgsinθ+μ2mgcosθ＝ma1 代入数据解得 a1＝10m/s2 向上运动的时间 t1=
v0?0.5s＜0.6s a1然后接着下滑，根据牛顿第二定律有： mgsinθ﹣μ2mgcosθ＝ma2 代入数据得 a2＝2m/s2
可得P、C间的距离 x=
v0t11?a2(t?t1)2 22代入数据解得 x＝1.24m
11．如图所示，电阻不计、间距为L的平行金属导轨固定于水平面上，其左端接有阻值为R的电阻，整个装置放在磁感应强度为B、方向竖直向上的匀强磁场中。质量为m、电阻为r的金属棒ab垂直放置予导轨上，以水平初速度v0向右运动，金属棒的位移为x时停下。其在运动过程中始终与导轨垂直且与导轨保持良好接触。金属棒与导轨间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g。求：金属棒在运动过程中 (1)通过金属棒ab的电流最大值和方向； (2)加速度的最大值am； (3)电阻R上产生的焦耳热QR。
R?12BLv0B2L2v0?Q?a???gI?【答案】 (1)，电流方向为a?b；(2)m；(3)R?mv0??mgx?
R?r?2m(R?r)R?r?【解析】 【分析】 【详解】
(1)电动势的最大值为
Em?BLv0
由闭合电路欧姆定律得
I?BLv0 R?r通过导体棒ab的电流方向为a?b (2)由牛顿第二定律
F?f?mam
安培力F大小为F?BIL，其中
I?BLv0 R?r摩擦力f大小为
f??mg
代入得
B2L2v0am???g
m(R?r)(3)功能关系得
12mv0??mgx?Q 2电阻R上产生的热量QR为
QR?RQ R?r代入得
QR?R?12??mv0??mgx? R?r?2?12．如图所示，质量均为m=1kg的长方体物块A、B叠放在光滑水平面上，两水平轻质弹簧的一端固定