发布时间 : 星期五 文章高三物理一轮复习 综合测试题10习题 新人教版更新完毕开始阅读
【走向高考】2016届高三物理一轮复习 综合测试题10习题 新人教
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本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。满分100分，考试时间90分钟。 第Ⅰ卷(选择题 共40分)
一、选择题(共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。)
1. 一理想变压器原、副线圈匝数比n1n2＝115，原线圈与正弦交变电源连接，输入电压u随时间t的变化规律如图所示，副线圈仅接入一个10Ω的电阻，则( )
A．流过电阻的最大电流是20A
B．与电阻并联的电压表的示数是141V C．变压器的输入功率是1×103W
D．在交变电流变化的一个周期内，电阻产生的焦耳热是2×103J [答案] C
U1
[解析] 由交流电压u随时间t的变化规律可知，输入的最大电压为2202V，由电压关系U2n1
＝，可得输出电压的最大值为1002V，电压的有效值为100V，输出的最大电流为102n2A，电流的有效值为10A，选项A错误；电压表示数应为输出电压的有效值，因此选项B错误；变压器的输出、输入功率相等，可得P＝U2I2＝1×103W，选项C正确；在交变电流变化的一个周期内，电阻产生的焦耳热为Q＝I22Rt＝20J，选项D错误。
2．如图所示的远距离输电电路图中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器且都有一个线圈可调，发电厂的输出电压及输电线的电阻均不变。在用电高峰期，随着用户耗电量的增大导致实际用户电压偏低，为使用户电压达到正常，下列说法中正确的是( )
A．P1上调一点可使用户电压升高，线路损失减小 B．P1下调一点可使用户电压升高，线路损失减小 C．P2上调一点可使用户电压升高，线路损失增大
1
D．P2下调一点可使用户电压升高，线路损失减小 [答案] C
U1n1
[解析] 根据变压器原理，P1上调，n1增大，由＝可知U2减小，导致U3、U4都减
U2n2小，故A错误；P1下调，n1减小，U4增大，I4＝
U4
增大，I3增大即输电电流增大，则R负载
由ΔP＝I2R可知，线路损失增大，故B错误；P2下调，U4减小，D错误；P2上调，U4增大，线路损失增大，C正确。 3．(2014·石家庄质检)用220V的正弦交流电通过理想变压器对一负载供电，变压器输出电压是110V，通过负载的电流图象如图所示，则( )
A．变压器输入功率约为3.9W B．输出电压的最大值是110V
C．变压器原、副线圈匝数比是12
D．负载电流的函数表达式i＝0.05sin100πt(A) [答案] D
[解析] 本题考查正弦交流电的图象、理想变压器的规律等知识点，意在考查考生的逻辑推理能力。由题设条件可知，理想变压器原线圈的输入电压为220V，副线圈输出电压为110V，根据理想变压器的规律，电压比等于匝数比，故理想变压器原、副线圈的匝数比为21，选项C错误；理想变压器输出电压的最大值为1102V，选项B错误；理想变压器的输入功
0.05
率等于输出功率，P＝UI＝110×W，选项A错误；根据题图可知，交流电的周期T＝0.02s，
22π
则ω＝＝100πrad/s，负载电流的函数表达式i＝0.05sin100πt(A)，选项D正确。
T
4．(2014·湖北七市二模)如图所示，一个匝数为N＝100匝的线圈以固定转速50r/s在匀强磁场中旋转，其产生的交流电通过一匝数比为n1n2＝101的变压器给阻值R＝20Ω的电阻供电，已知交流电压表的示数为20V，从图示位置开始计时，则下列说法正确的是( )
2
A．t＝0.0025s时刻穿过线圈平面的磁通量为1
B．穿过线圈平面的最大磁通量为Wb
50πC．t＝0时刻流过线圈的电流不为零 D．电阻R消耗的电功率为10W [答案] A
U2
[解析] 电阻R消耗的电功率P＝＝20W，D错误；变压器的匝数比为n1
R
n2＝10
1，
1
Wb 50π
故输入电压为200V，最大值为2002V，转速50r/s，故角速度ω＝2πn＝100πrad/s；根据公Em20022
式Em＝NBSω＝Nφmω，穿过线圈平面的最大磁通量φm＝＝Wb＝Wb，B
Nω100×2π×5050π错误；图示时刻为中性面位置，故感应电动势为零，故感应电流为零，C错误；从中性面开2π1
始计时，磁通量的表达式为φ＝φmcosωt＝cos＝Wb，A正确。
50π450π5.如图所示，以300r/min绕中心轴匀速转动的线圈abdc的面积是0.05m2，线圈共100匝，线圈电阻r＝1Ω，定值电阻R＝9Ω，匀强磁场2
的磁感应强度大小B＝T，从如图所示的线圈位置开始计时，则( )
πA．电路中电压表的示数约为32V
153
B．线圈转动s时，磁通量的变化量大小为Wb
30π152
C．线圈转动s时，通过电阻R的电流为A
3021
D．线圈转过90°的过程中通过电阻R的电荷量为C
π
[答案] D
[解析] 线圈匀速转动产生的电动势为e＝nBSωcosωt＝100cos10πt(V)，所以电压表示数为U＝
2EmR1π
≈64V，A错；线圈转动s，即线圈转过的角度为θ＝ωt＝，磁通量的变化量
3032R＋r
3
π31e100π
大小为ΔΦ＝BSsin＝Wb，B错；线圈转动s时，通过电阻R的电流为i＝＝cos
320π303R＋r10(A)＝5A，C错；由q＝It＝
n·ΔΦnBS1
＝＝C，D对。 R＋rR＋rπ
6．(2014·潍坊联考)如图甲所示的电路中，S为单刀双掷开关，电表为理想电表，Rt为热敏电阻(阻值随温度的升高而减小)，理想变压器原线圈接图乙所示的正弦交流电。则( )
A．变压器原线圈中交流电压u的表达式u＝1102sin100πt(V) B．S接在a端，Rt温度升高时，变压器的输入功率变小
C．S接在a端，Rt温度升高时，电压表和电流表的示数均变大 D．S由a切换到b，Rt消耗的功率变大 [答案] A
[解析] 由交变电流图象，可知电压最大值为1002V，周期为0.02s，所以ω＝100rad/s，A项正确；副线圈输出电压由变压器变压比和输入电压决定，故温度升高时，Rt电阻阻值减U2
小，两端电压不变，C项错；由P＝可知，变压器输出功率增大，故其输入功率也随之增
RU2
大，B项错；S由a切换到b，副线圈匝数减小，故输出电压减小，Rt电阻不变，由P＝R知，消耗功率减小，D项错。
7．如图所示为小彩灯(2.2V,0.2W)及其供电电路。其中P为电路控制器(两端电压大于4V时电路导通)，L为线圈。如果某时刻一小彩灯烧断，对应的P将导通电路，线圈L将取代小彩灯工作，使串联的其他小彩灯仍正常工作。对上述描述，下列有关认识正确的是( )
4