发布时间 : 星期四 文章《计算机网络》（第四版谢希仁编著）课后习题答案更新完毕开始阅读
对LAN2，主机数91，（26-2）<91+1<（27-2），所以主机位为7bit，网络前缀为25，分配地址块30.138.119.0/25。（第24，25位1 0）
对LAN5，主机数为15，（24-2）<15+1<（25-2），所以主机位为5bit，网络前缀27，分配的地址块为30.138.119.192/27，（第24，25，26，27位为1 110）
对LAN1，主机数为3，（22-2）<3+1<（23-2），所以主机位为3bit，网络前缀29，分配的地址筷为30.138.119. 232/29（第24，25，26，27，28，29位为1 11101）
对LAN4，主机数为3，（22-2）<3+1<（23-2），所以主机位为3bit，网络前缀29，分配的地址筷为30.138.119. 240/29（第24，25，26，27，28，29位为1 11110）
28、在因特网上的一个B类地址的子网掩码是255.255.240.0。试问在其中每一个子网上的主机数最多是多少？
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答：240=（11110000），子网掩码为前20个连续的1，后12个连续的0。所以该子网表示主机有12bit，
子网上的主机数=212-2=4094，（减去主机全0和全1两个特殊地址）
31、IGP和EGP这两类协议的主要区别是什么？
答:IGP：内部网关协议，只关心本自治系统内如何传送数据报，与互联网中其他自治系统使用什么协议无关。
EGP:外部网关协议，在不同的AS边界传递路由信息的协议，不关心AS内部使用何种协议。 注：IGP 主要考虑AS内部如何高效地工作，绝大多数情况找到最佳路由，对费用和代价的有多种解释。EGP必须考虑其他方面的政策，需要多条路由。代价费用方面可能可达性更重要。
32、 试简述RIP，OSPF和BGP选路协议的主要特点。 答： 主要特点 RIP OSPF 网关协议 内部 内部 路由表内容 目的网，下一站，距目的网，下一站，距离 离 最优通路依据 跳数 费用 算法 距离矢量 链路状态 传送方式 运输层UDP IP数据报 其他 简单 效率高 效率低 路由器频繁交换信跳数为16不可达 息，难维持一致性 好消息传的快，坏消息传的慢 BGP 外部 目的网，完整路由 多种策略 距离矢量 建立TCP连接 规模大，统一度量，可达性 37
36、IGMP协议的要点是什么？隧道技术是怎样使用的？
答：要点有：1、IGMP是用来进行多播的，采用多播协议可以明显地减轻网络中各种资源的消耗，IP多播实际上只是硬件多播的一种抽象；2、IGMP只有两种分组，即询问分组和响应分组。IGMP使用IP数据报传递其报文，但它也向IP提供服务；3、IGMP属于整个网际协议IP的一个组成部分，IGMP也是TCP/IP的一个标准。
隧道技术使用：当多播数据报在传输过程中，若遇到不运行多播路由器或网络，路由器就对多播数据报进行再次封装（即加上一个普通数据报的首部，使之成为一个向单一目的站发送的单播数据报），通过了隧道以后，再由路由器剥去其首部，使它又恢复成原来的多播数据报，继续向多个目的站转发。
37、建议的IPv6没有首部检验和.这样做的优缺点是什么?
答:16位的首部检验和字段保证IP分组头值的完整性，但当IP分组头通过路由器时,分组头发生变化,检验和必须重算.若无此段则使路由器更快的处理分组,从而可以改善吞吐率.但在可靠度低的网络里,容易出错。
38、 在IPv4首部中有一个“协议”字段，但在IPv6的固定首部中却没有。这是为什么？ 答：IPv4中的协议字段指出，此数据报携带的运输层数据是使用何种协议，以便目的主机的IP层知道将此数据报交给哪个进程，而中途的路由器不需要知道这一信息，因此不必把它加在首部。实际上，这个信息存于头部中中但被伪装了，最后一个扩展头的下一个首部就用于这目的。
39、采用IPV6协议的时候，ARP协议是否需要改变？如果需要，是概念性的改变还是技术上的改变？
答：从概念上讲，不需要改变。在技术上，由于被请求的IP地址现在变大了，因此需要比较大的域。在使用IPv6时，ARP协议是需要改变的。因为在IPv6中，地址占的位数很大，将这样一个地址翻译为一个物理地址是不现实的，所以，改变这个协议，而要改变这个协议要在技术方面改动，毕竟IPv6与IPv4的结构差距很大，要概念性地改变它，是很麻烦的，其实在使用IPv6时，早已不再需要ARP协议了。
40、IPv6使用16字节的地址空间。假定每隔1微秒就分配出1百万个地址。试计算大约要用多少年才能将IP地址空间全部用完。可以和宇宙的年龄（大约有100亿年）进行比较。 答：使用16字节的地址空间，总的地址数为2128，“每隔1微秒分配出1百万个地址”即以1*106*1*106=1*1012的速率分配地址。设全部分配完所用的时间为t，则t =2128/1012=3.4*1026s。
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3.4*1026s/356*24*60*60s 大约为1019年。是宇宙年龄的109倍。
第七章 运输层（P276）
4、解释为什么突然释放运输连接就可能丢失用户数据而使用TCP的连接释放方法就可保证不丢失数据。
答：当主机1和主机2之间连接建立后，主机1发送了一个TCP数据段并正确抵达主机2，接着主机1发送另一个TCP数据段，这次很不幸，，主机2在收到第二个TCP数据段之前发出了释放连接请求，如果就这样突然释放连接，显然主机1发送的第二个TCP报文段会丢失。而使用TCP的连接释放方法，主机2发出了释放连接的请求，那么即使收到主机1的确认后，只会释放主机2到主机1方向的连接，即主机2不再向主机1发送数据，而仍然可接收主机1发来的数据，所以可保证不丢失数据。
5、试用具体例子说明为什么在运输连接建立时要使用三次握手。说明如不这样做可能会出现什么情况？
答：我们知道，3次握手完成两个重要的功能，既要双方做好发送数据的准备工作（双方都知道彼此已准备好），也要允许双方就初始序列号进行协商，这个序列号在握手过程中被发送和确认。
现在把三次握手改成仅需要两次握手，死锁是可能发生的。作为例子，考虑计算机A和B之间的通信，假定B给A发送一个连接请求分组，A收到了这个分组，并发送了确认应答分组。按照两次握手的协定，A认为连接已经成功地建立了，可以开始发送数据分组。可是，B在A的应答分组在传输中被丢失的情况下，将不知道A是否已准备好，不知道A建议什么样的序列号，B甚至怀疑A是否收到自己的连接请求分组。在这种情况下，B认为连接还未建立成功，将忽略A发来的任何数据分组，只等待连接确认应答分组。而A在发出的分组超时后，重复发送同样的分组。这样就形成了死锁。
10、设TCP使用的最大窗口为64KB，即64×1024字节，而传输信道的带宽可认为是不受限制的。若报文段的平均平均往返时延为20ms，问所能得到的最大吞吐量是多少？
答：可见在报文段平均往返时延20ms内，发送方最多能发送64×1024×8比特，所以最大的吞吐量为=64×1024×8÷（20×10-3）=26214400bit/s=26.21Mbit/s
11、试计算一个包括5段链路的运输连接的单程端到端时延。5段链路程中有2段是卫星链路。
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每条卫星链路又由上行链路和下行链路两部分组成。可以取这两部分的传播时延之和为250ms，每一个广域网的范围为1500km，其传播时延可按150000km/s来计算。各数据链路数率为48kbit/s，帧长为960bit。
答：5段链路的传播时延=250×2+（1500/150000）×3×1000=530ms 5段链路的发送时延=960÷（48×1000）×5×1000=100ms 所以5段链路单程端到端时延=530+100=630ms
28、网络允许的最大报文段长度为128字节，序号用8bit表示，报文段在网络中的生存时间为30秒。试求每一条TCP连接所能达到的最高数据率。
答：具有相同编号的TCP报文段不应该同时在网络中传输，必须保证，当序列号循环回来重复使用的时候，具有相同序列号的TCP报文段已经从网络中消失。现在存活时间是30秒，那么在30秒的时间内发送发送的TCP报文段的数目不能多于255个。 255×128×8÷30=8704 b/s
所以每条TCP连接所能达到的最高速率是8.704 kb/s
30、一个TCP连接下面使用256kbit/s的链路，其端到端时延为128ms。经测试，发现吞吐量只有120kbit/s。试问发送窗口是多少？ 答：来回路程的时延=128×2=256ms。
设发送窗口为X字节，假定一次最大发送量等于窗口值，那么，每发送一次都得停下来等待得到本窗口的确认，以得到新的发送许可，这样
8X
8X 256×10-3 =120×103， X=7228字节 256×103
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