(2)若命题“p∧q”是真命题,那么命题p,q都是真命题. 由?x∈[0,1],a≥ex,得a≥e;
由?x0∈R,使x20+4x0+a=0,知Δ=16-4a≥0,得a≤4, 因此e≤a≤4.
18解:(1)依题意:a=0.15, b=20,c=0.2
(2)笔试成绩的平1000.2+180
因为第1组与第2组的频率之和为:0.4
所以中位数为:130+
,第5组抽取2人,记为:
均
数
为
:
(3)依题意:第4组抽取4人,记为: 则基本事件为:
,A1A3,A1A4,A1B1,A1B2,A2A3,A2A4,A2B1,A2B2,A3A4,
A3B1,A3B2,A4B1,A4B2,B1B2共15种,其中满足题意的有7种。 所以所求概率为:
19.(1)证明 在△BCA中,∵AB=2,CA=4,BC=2
∴AB2+AC2=BC2,故AB⊥AC.
又平面SAB⊥平面ABC,平面SAB∩平面ABC=AB
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∴AC⊥平面SAB.
又AC?平面SAC,所以平面SAB⊥平面SAC. (2)解 如图建立空间直角坐标系,A(0,0,0),B(2,0,0),S(1,0,
=(1,-4,
),
),C(0,4,0),
uuur=(-2,4,0),AS=(1,0,
)
则n=
.
设平面SBC的法向量n=(x,y,z),由
?sin??cos??257 19257 19所以直线SA与平面SBC所成角的正弦值为
a=2,??c2
(1)由题意得?=,
a2??a2=b2+c2.
20:解
x2y2
解得b=2,所以椭圆C的方程为4+2=1.
y=k(x-1),??
(2)由?x2y2得(1+2k2)x2-4k2x+2k2-4=0.
+=1,??42设点M,N的坐标分别为(x1,y1),(x2,y2), 则y1=k(x1-1),y2=k(x2-1), 2k2-44k2
x1+x2=,xx=,
1+2k2121+2k2
所以|MN|=(x2-x1)2+(y2-y1)2 =(1+k2)[(x1+x2)2-4x1x2] 2(1+k2)(4+6k2)= 1+2k2
又因为点A(2,0)到直线y=k(x-1)的距离d=|k|4+6k21
所以△AMN的面积为S=2|MN|·d=,
1+2k2
|k|
, 2
1+k
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|k|4+6k210由=1.
3,解得k=±1+2k2
21.(1)证明 ∵BC'=C'D,E为BD的中点
∴C'E⊥BD.
又平面BC'D⊥平面ABD,且平面BC'D∩平面ABD=BD,∴C'E⊥ABD. ∵FA⊥平面ABD,∴FA∥C'E,
而C'E?平面BC'D,FA?平面BC'D,∴FA∥平面BC'D.
解 以DB所在直线为x轴,AE所在直线为y轴,EC'所在直线为z轴建立空间直角坐标系,
如图所示:则B(1,0,0),A(0,-,0),D(-1,0,0),F(0,-),
,2
),C'(0,0,
),
∴=(-1,-,2),'=(-1,0,
设平面FBC'的一个法向量为m=(x,y,z), 则取z=1,则m=(
,1,1).
又平面ABD的一个法向量为n=(0,0,1),
∴cos=.
则平面ABD与平面FBC'所成角的余弦值为.
(3)解 假设在线段AD上存在M(a,b,c),使得C'M⊥平面FBC',
设
=λ
,则(a,b+
,c)=λ(-1,
=(-λ,
,0)=(-λ,(λ-1),-λ,0), ).
∴a=-λ,b=由m∥
(λ-1),c=0.而,可知λ不存在,
∴线段AD上不存点M,使得C'M⊥平面FBC'.
22解 (1)已知抛物线的对称轴为坐标轴,顶点是坐标原点,准线方程为x=-1,
∴=1,p=2.
∴抛物线的标准方程为y2=4x.
(2)若直线l斜率存在,则设l:my=x-1,与y2=4x联立,得y2-4my-4=0. 设A(x1,y1),B(x2,y2), ∴y1+y2=4m,y1y2=-4.
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