发布时间 : 星期三 文章2018年中考物理泸州试题及解析更新完毕开始阅读
【分析】（1）电能表显示的数字中最后一位是小数，单位为kW?h，两次示数只差即为本月用的电。 （2）由电能表的参数可知工作电压和允许工作的最大电流，根据P=UI求出电能表允许用电器工作的最大总功率；
（3）3200imp/kW?h表示每消耗1kW?h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，据此可求出当电能表指示灯闪烁160次消耗的电能，又知道工作时间，根据公式P=求出该用电器消耗的功率。 【解答】解：
（1）由图知，小英家7月份用电器消耗的电能为：W=6768.2kW?h﹣6628.2kW?h=140kW?h； （2）由电能表的参数可知，工作电压为U=220V，允许工作的最大电流为I=30A， 电能表允许用电器工作的最大总功率：P大=UI=220V×30A=6600W， 已知她家现在已经接入用电器的总功率为3600W，
则最多还可以同时连接用电器的功率为6600W﹣3600W=3000W；
（3）3200imp/kW?h表示每消耗1kW?h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次， 则电能表指示灯闪烁160次时，饮水机消耗的电能：W=饮水机的实际功率：P==
=1kW=1000W。
kW?h=0.05kW?h，
因为饮水机正常工作，所以饮水机的实际功率等于额定功率，则饮水机的额定功率是1000W。 故答案为：140；3000；1000。
【点评】本题考查了电功率和电功的计算以及电能表的读数，明白电能表参数的含义是解题的关键。
18．（2018?泸州）泸州沱江六桥全程长4km，桥面设计为双向8车道，中间预留了轻轨线路，于2018年1月通车。一辆小轿车做匀速直线运动通过全程，速度为50km/h，受到的阻力恒为60N，通过全程所需的时间为 4.8 min，牵引力所做的功为 2.4×105 J；若通过全程消耗了0.2kg的汽油，汽油机的效率为 27.3% 。（已知热值q汽=4.4×107J/kg）
【分析】（1）根据速度的变形公式计算所需的时间；
（2）利用二力平衡的条件求出牵引力的大小，然后利用W=Fs可求得牵引力所做的功；
（3）根据Q=mq可求得汽油完全燃烧放出的热量，再利用η=可求得汽油机的效率。 【解答】解：
（1）由v=可得，通过全程所需的时间： t==
=0.08h=4.8min；
（2）因为匀速通过大桥，所以牵引力F=f=60N， 牵引力所做的功W=Fs=60N×4×103m=2.4×105J；
（3）汽油完全燃烧放出的热量Q=mq=0.2kg×4.4×107J/kg=8.8×106J， 汽油机的效率η=×100%=故答案为：4.8；2.4×105；27.3%。
【点评】本题考查了重力的计算、速度公式及其应用、功的计算等，关键是知道汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力。对于这类综合题目，要快速联想选择相对应的公式进行求解，在计算过程中注意单位要统一。
19．（2018?泸州）据报道，2018年5月5日，直﹣18改进型直升机阵落在我国首艘国产航母的甲板上，如图所示。该航母满载时排水量为7000吨，在海水中吃水深度为11m。取ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg。该航母满载时，受到的浮力为 7×107 N，最低处受到海水的压强为 1.1×105 Pa；某架直升机飞离该航母后，若航母排开的海水体积减少了7m3，则该直升机的质量是 7×103 kg。
×100%≈27.3%。
【分析】（1）知道航母满载排水量（排开水的质量），利用阿基米德原理求该舰满载时所受浮力； （2）已知深度，利用液体压强公式p=ρgh求出海水的压强。
（3）航母漂浮，则浮力等于重力，利用重力、密度公式和阿基米德原理表示出航母在舰载机飞离前后排开海水的体积，然后列出等式，计算舰载机的质量。 【解答】解：（1）该航母满载时排水量： m排=7000t=7×106kg， 航母满载时受到的浮力：
F浮=G排=m排g=7×106kg×10N/kg=7×107N； （2）满载时该航母最底处受到海水的压强： p=ρ海gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×11m=1.1×105Pa。
（3）因为航母漂浮在水面上，则F浮=G，直升机飞离该航母后，则F浮′=G′， 由于直升机飞离该航母后，直升机的重力G直=G﹣G′， 则△F浮=F浮﹣F浮′=G﹣G′=G直， 根据F浮=ρ海gV排和G=mg可得： 直升机的质量m直=
=
=ρ海△V排=1.0×103kg/m3×7m3=7×103kg。
骨答案为：7×107；1.1×105；7×103。
【点评】本题考查液体压强、浮力的计算，同时考查排水量的有关问题，关键是知道排水量就是轮船满载时排开水的质量。还要知道轮船漂浮时浮力等于自身重力。
20．（2018?泸州）如图所示的电路，电源电压恒为9V，电压表量程为0～6V，滑动变阻器R的规格为 30Ω 1A”，灯泡L标有“6V 3W“字样。闭合开关S，滑动变阻器的滑片P移动时，要求两电表示数均不超过所选量程，灯泡两端的电压不超过额定值，不考虑灯丝电阻变化，在全部满足以上条件的情况下，电流表的量程应选 0～0.6A 最恰当（选填“0～0.6A”或“0﹣3A“），滑动变阻器接人电路中的最小阻值应为 6 Ω；电路中电流的最小值应为 0.25 A。
【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。 （1）根据P=UI求出灯泡的额定电流，然后与滑动变阻器允许通过的最大电流相比较确定电路中的最大电流，据此确定电流表的量程，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路的最小阻值；
（2）由串联电路的分压特点可知，当电压表的示数最大时电路中的电流最小，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的最小电流。 【解答】解：
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。 （1）由P=UI可得，灯泡的额定电流：
IL===0.5A，
因串联电路中各处的电流相等，且滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，
所以，电路中的最大电流I大=IL=0.5A，则电流表的量程为0～0.6A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小， 由I=可得，灯泡的电阻和电路的最小总电阻分别为：
RL===12Ω，R总小===18Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，滑动变阻器接入电路的最小阻值： R小=R总小﹣RL=18Ω﹣12Ω=6Ω；
（2）由串联电路的分压特点可知，当电压表的示数最大为UR=6V时，变阻器接入电路的阻值最大，电路中的电流最小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，此时灯泡两端的电压： UL′=U﹣UR=9V﹣6V=3V， 则电路中的最小电流： I小=
=
=0.25A。
故答案为：0～0.6A；6；0.25。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的确定电路中的最大和最小电流是关键。
三．实验探究题（共3小题，作图2分，其余每空1分，共14分） 21．（2018?泸州）小明采用如图甲所示的装置进行“探究水的沸腾”实验
（1）图甲实验操作中有一处明显的错误是 温度计的玻璃泡碰到了烧杯底部 ；
（2）纠正错误后，小明同学观察到水沸腾时水中气泡体积在上升过程中 由小变大 （选填“由大变小”或“由小变大”）；
（3）某同学绘出了水的温度随时间变化的图象，如图乙所示。该实验测得水的沸点是 98 ℃。