发布时间 : 星期五 文章2020高中物理 第2章 电场与示波器章末复习课学案 沪科版选修3-1更新完毕开始阅读
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反之场强小,则N点场强大,故B错误;正电荷从M点运动到N点的过程中,电场力做正功,电势能减少,故C正确;电子从M点移动到N点,电场力做负功,故D错误.]
2.(多选)x轴上O点右侧各点的电场方向与x轴方向一致,O点左侧各点的电场方向与x轴方向相反,若规定向右的方向为正方向,x轴上各点的电场强度E随x变化的图像如图2-4所示,该图像关于O点对称,x1和-
x1为x轴上的两点.下列说法正确的是( )
图2-4
A.O点的电势最低
B.x1和-x1两点的电势相等
C.电子在x1处的电势能大于在-x1处的电势能
D.电子从x1处由静止释放后,若向O点运动,则到达O点时速度最大
BD [作出电场线草图,根据沿着电场线电势降低,则O点电势最高,故A错误;从题图图线看出,电场强度关于原点O对称,则x轴上关于O点对称位置的电势相等,电子在x1和-x1两点处的电势能相等,故B正确,C错误;电子从x1处由静止释放后,若向O点运动,到达O点时电势能最低,故动能最大,速度最大,故D正确.]
带电粒子在交变电场中的运动 当加速或偏转电压按时间作周期性变化时,带电粒子的受力或加速度也将随之变化,但粒子的运动方向不一定改变,要研究粒子的运动情况需明确:
(1)电压与平行板之间的电场、电场力、加速度相对应,作同步变化;
(2)粒子的运动形式由受力和速度共同决定:受力和速度同向,粒子加速;受力和速度反向,粒子减速;受力和速度有夹角,粒子做曲线运动,只有对每个阶段进行正确的受力分析和运动分析,才能对粒子的运动做出正确的判断.
如图2-5甲所示,在平面直角坐标系xOy中,两金属极板AB、OD平行正对放置,OD板与x轴重合,
OD板的左端与原点O重合,两极板板长均为L=2 m,板间距离d=1 m,紧靠两极板右端有一荧光屏.两极板间
电压UAO随时间的变化规律如图2-5乙所示,变化周期T=2×10 s,U0=1×10 V.若t=0时刻一带正电的粒子从A点附近沿x轴正方向以速度v0=1×103 m/s射入两极板间,粒子所带电荷量为q=1×10-5 C,质量m=1×10
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-3
3
kg,粒子重力不计.
图2-5
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(1)求粒子在极板间运动的最长时间;
(2)若在0~T时间内均有同种粒子从A点附近沿x轴正方向以速度v0射入两极板间,求这些粒子打到荧光屏上的纵坐标的范围;
(3)在(2)条件下,求粒子打到荧光屏上时的动能.
【解析】 (1)粒子在极板间沿x轴正方向做匀速运动,设运动时间为t,则有L=v0t 解得t==2×10 s.
Lv0
-3
(2)粒子在板间运动的时间恰好等于T,即在y轴方向,粒子有一半时间做匀加速运动.粒子在t=0时刻射入极板间时,y轴方向的分速度vy随粒子在极板间运动的时间t′变化的关系图线如图中Ⅰ所示,粒子在t=-
2
Tt1时刻射入极板间时.vy随t′变化的关系图线如图中Ⅱ所示,图线与t′轴所围面积表示粒子沿y轴方向的位
移,可知在t=0时刻射入极板间的粒子在极板间偏转量最大,则打到荧光屏上的纵坐标值最小,在t=时刻射
2入极板间的粒子在极板间偏转量最小,则打到荧光屏上的纵坐标值最大.
Tt=0时刻射入极板的粒子沿y轴方向运动的位移为
1?T?qU0?T?y1=a??+a??,又a= 2?2?md?2?
2
2
Tt=时刻射入极板的粒子在板间沿y轴方向的位移为
21?T?y2=a??
2
2??
代入已知数据得y1=0.15 m,y2=0.05 m
可得粒子打到荧光屏上的纵坐标的范围为0.85~0.95 m. (3)粒子打到荧光屏上时的速度v大小恒定,由动能定理有
2
U01qy2=Ek-mv20 d2
解得Ek=5.05×10 J.
【答案】 (1)2×10 s (2)0.85~0.95 m (3)5.05×10 J
交变电场的三种情况
①粒子做单向直线运动(一般用牛顿运动定律求解). ②粒子做往返运动(一般分段研究).
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-3
-2
-2
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③粒子做偏转运动(一般根据交变电场特点分段研究).
[针对训练]
3.相距很近的平行板电容器AB,A、B两板中心各开有一个小孔,如图2-6甲所示,靠近A板的小孔处有一电子枪,能够持续均匀地发射电子,电子的初速度为v0质量为m,电量为e,在A、B两板之间加上图2-6乙所
2mv0
示的交变电压,其中0 6e的中轴线(虚线)过A、B两板中心,距离偏转极板右端处垂直放置很大的荧光屏PQ.不计电子的重力和它们之间 2的相互作用,电子在电容器AB中的运动时间忽略不计. L 图2-6 (1)在0~T时间内,荧光屏上有两个位置发光,试求这两个发光点之间的距离.(结果用L、d表示,第2小题亦然) (2)以偏转电场的中轴线为对称轴,只调整偏转电场极板的间距,要使荧光屏上只出现一个发光点,极板间距应满足什么要求? (3)撤去偏转电场及荧光屏,当k取恰当的数值,使在0~T时间内通过电容器B板的所有电子,能在某一时刻形成均匀分布的一段电子束,求k值. 【导学号:69682125】 【解析】 (1)电子经过电容器AB的电场后,速度要发生变化. 在0~kT时间内,设穿出B板后速度变为v1, 1212 由动能定理得:-eU0=mv1-mv0, 22 2 mv0 将U0=代入后解得:v1= 6e4eU0 m. 在偏转电场中,电子运动时间t1=, 12eU0L侧移量y1=at1=2, 22mdv1 2 Lv1 L2 解得:y1=. 8dL2 根据偏转电场中的推论可知,其打在荧光屏上的坐标y1′=2y1= 4d设在kT~T时间内,穿出B板后速度变为v2,同理可得, . . v2=8eU0L2=2v1,y2=. m16dL2 打在荧光屏上的坐标y2′=2y2=. 8dL2 荧光屏上两个发光点之间的距离Δy=y1′-y2′=. 8d112 (2)考虑到临界条件,设当极板间距为d′时,电子刚好从偏转极板边缘飞出,则有d′=a′t, 22又a′== FeU0L,t=, mmd′veU0L2 . mv2 eU0L21 =L; mv221eU0L22 L; 2= mv24 2 4 整理得,d′= 对于速度v1时,d1′=对于速度v2时,d2′= 只调整偏转电场板板的间距(仍以虚线为对称轴),要使荧光屏上只出现一个光点,极板间距应满足: L (3)要求在某一时刻形成均匀分布的一段电子束,则0~T内前后两段电子束的长度必须相等(且刚好重叠), 第一束长度:l1=v1·kT;第二束长度:l2=v2·(T-kT); 当l1=l2时,即v1·kT=2v1(1-k)T, 解得k= 22+1 =2-2. 12 L221 【答案】 (1) (2)L 8d42 4.制备纳米薄膜装置的工作电极可简化为真空中间距为d的两平行极板,如图2-7甲所示.加在极板A、B间的电压UAB做周期性变化,其正向电压为U0,反向电压为-kU0(k>1),电压变化的周期为2τ,如图2-7乙所示.在 t=0时,极板B附近的一个电子,质量为m、电荷量为e,受电场作用由静止开始运动.若整个运动过程中,电 5 子未碰到极板A,且不考虑重力作用.若k=,电子在0~2τ时间内不能到达极板A,求d应满足的条件. 4 图2-7 【解析】 电子在0~τ时间内做匀加速运动 .