发布时间 : 星期日 文章〖精选3套试卷〗宁波市2020年高一(上)物理期末复习检测模拟试题更新完毕开始阅读
动，将水平板依次放在图中1、2、3的位置，且1与2的间距等于2与3的间距．若三次实验中小球从抛出点到落点的水平位移依次为x1、x2、x3，忽略空气阻力的影响，则下面分析正确的是________(填选项前的字母)．
A．x2－x1＝x3－x2 B．x2－x1＜x3－x2 C．x2－x1＞x3－x2
D．无法判断(x2－x1)与(x3－x2)的大小关系
(3)另一同学通过正确的实验步骤及操作，在坐标纸上描出了小球水平抛出后的运动轨迹．部分运动轨迹如图所示，图中小格在水平方向与竖直方向上的长度均为L，P1、P2和P3是轨迹图线上的3个点，P1和P2之间、P2和P3之间的水平距离相等，重力加速度为g，可求出小球从P1运动到P2所用的时间为________，小球抛出时的水平速度为________．
20．(1)在“用打点计时器测速度”实验中，电磁打点计时器和电火花计时器都使用________（填“直流”或“交流”）电源．在我国，电火花打点计时器工作电压为 ________．
(2)如下图为物体做匀加速运动时打点计时器打出的一条纸带，图中相邻的点间还有四个点未画出，已知打点计时器接交流50Hz的电源，则打点计时器打出D点时，物体的速度大小为________ m/s，物体运动的加速度大小为________ m/s2。(计算结果保留两位有效数字)
四、解答题
21．如图所示，倾角θ=30°的粗糙斜面固定在水平地面上，一质量m=1kg的小滑块从斜面顶端无初速度释放，1s末恰滑到斜面底端。若滑块从斜面底端以v0=4m/s冲上斜面，滑块恰能到达斜面的顶端，重力加速度g=10m/s2。
（1）求滑块与斜面之间的动摩擦因数μ;
（2）若给小滑块施加一水平向右的推力F,小滑块恰能沿斜面匀速向上滑动,求推力F的大小。 22．如图所示，在倾角为
的固定长斜面上放置一质量M=2kg、长度
的极薄平板AB，平
板的上表面光滑，其下滑B与斜面底端C的距离。在平板的上端A处放一质量m=0.5kg的小
滑块（视为质点），将小滑块和薄平板同时无初速释放。设薄平板与斜面之间、小滑块与斜面之间的动摩擦因数均为
，已知
，求：
(1)小滑块在平板上滑动时加速度大小； (2)小滑块经多长时间滑离平板？
(3)小滑块滑离平板后再经多长时间到达斜面底端C？
23．如图所示，一水平传送带以2m/s的速度匀速运动，现把小物块（可视为质点）无初速地轻放在传送带的左端A处，经过一段时间，小物块到达传送带的右端B处。A、B间距离为6m，小物块与传送带间的动摩擦因数为0.1，重力加速度g=10 m/s。
(1)求小物块从A运动到B所用的时间；
(2)只增大传送带的速度，其它物理量保持不变，可使小物块在传送带上从A运动到B所用的时间缩短。求传送带的速度增大到3m/s时，运动时间缩短多少？
24．将一劲度系数k＝50N/m的轻质橡皮筋的上端固定在天花板上O点，在其下端A点用细线悬挂重为4N的木块。在A点施加一水平向右的拉力F，使橡皮筋与竖直方向成37°，并保持静止，已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，tan37°＝0.75，求：
2
（1）所加外力F的大小；
（2）此时橡皮筋的伸长量x的大小。
25．一汽车在出厂前做刹车实验，假设刹车过程汽车做匀减速直线运动，其中对汽车经过A点时开始计时一段时间内的刹车数据作了记录：第1s内位移为24m，第3s末速度为4m/s。求： (1)汽车经过A点时速度大小和汽车刹车过程的加速度大小； (2)4s内的位移大小. 【参考答案】*** 一、选择题
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 C A B A D A C A B D 二、填空题 13．
A D 14．750 15．静止 16．4 A
17．200J 100W 200W 三、实验题
18．伽利略 维持 19．B C
20．交流 220V 0.96 2.0 四、解答题
21．(1) (2)
【解析】（1）滑块沿斜面向下做匀加速运动时,根据牛顿第二定律得:
解得：
物块1s末恰滑到斜面底端
同理：若滑块从斜面底端以v0=4m/s冲上斜面 加速度：
恰好上升到最高点时：
由以上公式可解得示;
（2）若给小滑块施加一水平向右的推力F,小滑块沿斜面匀速向上滑动，以物块为对象受力分析如图所
在平行于斜面的方向上,有在垂直于斜面的方向上,有又
解得：
综上所述本题答案是：(1) (2)
点睛：本题要正确分析滑块的受力情况和运动情况，知道加速度是联系力和运动的桥梁，运用正交分解法列方程求解。
22．(1)a1＝6m/s2 (2)t1=1s (3)t=2 s
【解析】试题分析：对物体受力分析，根据牛顿第二定律即可求出小滑块加速度；根据牛顿第二定律求出平板AB加速度，在根据位移公式即可求出小滑块离开平板的时间；求出滑块滑离平板时的速度，根据牛顿第二定律求出加速度，根据运动学公式求出运动时间。
（1）小滑块在平板AB上运动时，根据牛顿第二定律mgsin37°＝ma1
代入数据解得：a1＝6m/s2
（2）小滑块在平板AB上运动时，设平板AB的加速度为a3， 根据牛顿第二定律：
代入数据解得：a3＝1 m/s2
设滑块离开平板时平板下滑的距离为x，所用时间为t1
平板AB运动的位移为：
位移间的关系为：
代入数据解得：x＝0.5m，t1＝1s
（3）滑块滑离平板时的速度为v1，则v1＝a1t1＝6 m/s
小滑块在斜面上运动时，根据牛顿第二定律：mgsin37°－μmgcos37°＝ma2
代入数据解得：a2＝2 m/s2
设滑块离开平板后滑到斜面底端C所用的时间为t
由
代入数据解得：t＝2 s
点睛：本题主要考查了在斜面上相对滑动问题，应用牛顿第二定律和运动学公式，再结合位移间的关系即可解题。
23．(1)4s (2)0.5s 【解析】 【分析】
(1)小物块放在传送带上后做匀加速运动，根据牛顿第二定律求出小物块的加速度，结合速度时间公式求出速度达到传送带速度的时间，根据位移公式求出匀加速运动的位移，从而得出匀速运动的位移，求出匀速运动的时间，从而得出总时间．
(2)只增加传送带的速度，根据匀加速运动的时间和匀速运动，由位移时间公式求解时间． 【详解】
(1)小物块开始做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得：μmg=ma 代入数据解得：a=1.0m/s 小物块做匀加速运动的时间为加速位移为
2
因为x＜L，所以小物块运动2.0m后开始做匀速运动，用时为小物块从A运动到B所用的时间:t=t1+t2=4s