发布时间 : 星期日 文章2018年广东省佛山市高考数学一模试卷(理科)更新完毕开始阅读
??=??(???3)
得(1+9??2)??2?54??2??+(81??2?9)=0, 联立:{??2
2
+??=1
9
则|????|=√1+??2?1+9??2 同理可得:|????|=√1+??2?
11
6
11+9?2??
6
=√1+??2?9+??2,
18(1+??2)??
18(1+??2)??
18(1+??2)??6??
所以△??????的面积为:??=2|????||????|=(1+9??2)(9+??2)=9(1+??2)2+64??2≤2√9(1+??2)2?64??2=
38
,
34±√7是面积取得最大值8. 3
当且仅当3(??2+1)=8??,即??=
【考点】
椭圆的标准方程 圆锥曲线的综合问题 椭圆的应用
直线与椭圆的位置关系 【解析】
(1)利用已知条件转化求解椭圆的几何量,求解椭圆方程即可;
(2)设出直线方程,利用直线与椭圆方程联立,利用弦长公式转化求解三角形的面积,利用基本不等式求解即可. 【解答】
设椭圆??1的半焦距为??,依题意,可得??>??,
且??(2√2,0),??=2√2,?????=3?2√2???=3,??=1, 所以椭圆??1的方程为
??29
+??2=1.
依题意,可设直线????,????的斜率存在且不为零, 不妨设直线????:??=??(???3),则直线????:??=???(???3), ??=??(???3)
得(1+9??2)??2?54??2??+(81??2?9)=0, 联立:{??2
2
+??=1
9
1
则|????|=√1+??2?1+9??2 同理可得:|????|=√1+??2?
11
6
11+9?2??
6
=√1+??2?9+??2,
18(1+??2)??
18(1+??2)??
18(1+??2)??6??
所以△??????的面积为:??=2|????||????|=(1+9??2)(9+??2)=9(1+??2)2+64??2≤2√9(1+??2)2?64??2=
38
,
34±√7是面积取得最大值8. 3
当且仅当3(??2+1)=8??,即??=【答案】
??(??)的定义域为(0,?+∞),??′(??)=ln?????+2,
??3
试卷第17页,总21页
??0=2??0
(??0???)ln??0=0 1
??=(?????)ln??+?? ,则{ln?????+1=0 , 由题意知000200 ??0??31 ln??0?+=
??022{
解得??0=1,??=1或??0=??,??=1,所以??=1. 令??(??)=??′(??)=ln?????+2,则??′(??)=??+??2, 因为2???<2√??,所以??′(??)=
??
1
??+????2
??
3
1
??
1
>0,即??(??)在(0,?+∞)上递增,
以下证明在??(??)区间(2,2??)上有唯一的零点??0, 事实上??(2)=ln2?
1
??
??
??
??2+2=ln2?2,??(2??)=ln2???
??2
2√??2
12
3??1
??2??
+=ln2??+1,
2
1
3
因为2???<2√??,所以??() ?? ?=0,??(2??)>ln(2?2??)+1=0, 由零点的存在定理可知,??(??)在(2,2??)上有唯一的零点??0, 所以在区间(0,???0)上,??(??)=??′(??)<0,??(??)单调递减; 在区间(??0,?+∞)上,??(??)=??′(??)>0,??(??)单调递增, 故当??=??0时,??(??)取得最小值??(??0)=(??0???)ln??0+2??0, 因为??(??0)=ln??0???+2=0,即ln??0=???2, 0 0 1 ??3??3 所以??(??0)=(??0???)(???2)+2??0=2?????0???, 0 0 ??315 ??2 即??(??0)=??(??0?2)(2?????0)>0. 0 1?? ∴ ??(??)>0. 【考点】 利用导数研究函数的最值 利用导数研究曲线上某点切线方程 【解析】 (1)求出定义域,求出导函数,利用切线方程列出方程组求解即可. (2)令??(??)=??′(??)=ln?????+2,则??′(??)=??+??2,推出??(??)在(0,?+∞)上递增,证明在??(??)区间(2,2??)上有唯一的零点??0,推出??(??)取得最小值即??(??0)=??(??0? 0 ??31?? ??1 ??2 )(2?????0)>0,即可. 【解答】 ??(??)的定义域为(0,?+∞),??′(??)=ln?????+2, ??0=2??0 (??0???)ln??0=0 1 由题意知??0=(??0???)ln??0+2??0 ,则{ln?????+1=0 , 0 ??0??31 ln??0?+= ??022{ 解得??0=1,??=1或??0=??,??=1,所以??=1. 试卷第18页,总21页 1 ?? 3 令??(??)=??′(??)=ln?????+2,则??′(??)=??+??2, 因为2???<2√??,所以??′(??)= ?? 1 ??+????2 ?? 3 1 ?? >0,即??(??)在(0,?+∞)上递增, 以下证明在??(??)区间(2,2??)上有唯一的零点??0, 事实上??(2)=ln2? 1 ?? ?? ?? ??2+2=ln2?2,??(2??)=ln2??? ?? 2√??2 3??1 ??2?? +=ln2??+1, 2 1 3 因为2???<2√??,所以??() 2 ?? 1 ?2=0,??(2??)>ln(2?2??)+1=0, 由零点的存在定理可知,??(??)在(2,2??)上有唯一的零点??0, 所以在区间(0,???0)上,??(??)=??′(??)<0,??(??)单调递减; 在区间(??0,?+∞)上,??(??)=??′(??)>0,??(??)单调递增, 故当??=??0时,??(??)取得最小值??(??0)=(??0???)ln??0+2??0, 因为??(??0)=ln??0???+2=0,即ln??0=???2, 0 0 1 ??3??3 所以??(??0)=(??0???)(???2)+2??0=2?????0???, 0 0 ??315 ??2 即??(??0)=??(??0?2)(2?????0)>0. 0 1?? ∴ ??(??)>0. 请考生在22、23两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分. 【答案】 ??=2cos?? ∵ 曲线??的参数方程为{ (??为参数), ??=2+2sin??∴ 消去参数??,得曲线??的普通方程为??2+(???2)2=4, 化简得??2+??2=4??,则??2=4??sin??, 所以曲线??的极坐标方程为??=4sin??. ??=??cos?? ∵ 直线??的参数方程为{ ??=2+??sin?? (??为参数,0≤???), ∴ 由直线??的参数方程可知,直线??必过点(0,?2),也就是圆??的圆心,则∠??????=2, 不妨设??(??1,??),??(??2,??+2),其中??∈(0,2), 则|????|+|????|=??1+??2=4sin??+4sin(??+2)=4(sin??+cos??)=4√2sin(??+4), 所以当??=4,|????|+|????|取得最大值为4√2. 【考点】 圆的极坐标方程 【解析】 (1)曲线??的参数方程消去参数??,得曲线??的普通方程,由此能求出曲线??的极坐标方程. (2)由直线??的参数方程可知,直线??必过圆??的圆心(0,?2),则∠??????=2,设?? ?? ?? ?? ?? ?? ?? 试卷第19页,总21页 ??(??1,??),??(??2,??+),则|????|+|????|=4√2sin(??+),当??=,|????|+|????|取得 244最大值为4√2. 【解答】 ??=2cos?? ∵ 曲线??的参数方程为{ (??为参数), ??=2+2sin??∴ 消去参数??,得曲线??的普通方程为??2+(???2)2=4, 化简得??2+??2=4??,则??2=4??sin??, 所以曲线??的极坐标方程为??=4sin??. ??=??cos?? ∵ 直线??的参数方程为{ ??=2+??sin?? (??为参数,0≤???), ∴ 由直线??的参数方程可知,直线??必过点(0,?2),也就是圆??的圆心,则∠??????=2, 不妨设??(??1,??),??(??2,??+2),其中??∈(0,2), 则|????|+|????|=??1+??2=4sin??+4sin(??+2)=4(sin??+cos??)=4√2sin(??+4), 所以当??=4,|????|+|????|取得最大值为4√2. 【答案】 ??(1)+??(?1)=|1???|?|1+??|>1, 若??≤?1,则1???+1+??>1,得2>1,即??≤?1时恒成立, 若?1?<1,则1????(1+??)>1,得??2,即?1?2, 若??≥1,则?(1???)?(1+??)>1,得?2>1,即不等式无解, 综上所述,??的取值范围是(?∞,?2). 由题意知,要使得不等式恒成立,只需[??(??)]max≤[|??+4|+|?????|]min, 当??∈(?∞,???]时,??(??)=???2+????,[??(??)]max=??()= 2 5 5 5 ?? ??245 1 1 1 ?? ?? ?? ?? ?? ?? ?? ?? ?? , 5 因为|??+4|+|?????|≥|??+4|,所以当??∈[?4,??]时,[|??+4|+|?????|]min=|??+ 5 |=??+4, 4即 ??24 5 ≤??+,解得?1≤??≤5,结合??>0,所以??的取值范围是(0,?5]. 4 5 【考点】 绝对值不等式的解法与证明 不等式恒成立的问题 【解析】 (1)利用??(1)+??(?1)=|1???|?|1+??|>1,通过??≤?1,?1?<1,??≥1,分别求解即可. (2)要使得不等式恒成立,只需[??(??)]max≤[|??+4|+|?????|]min,通过二次函数的最值,绝对值的几何意义,转化求解即可. 【解答】 试卷第20页,总21页 5