发布时间 : 星期四 文章2020版新一线高考物理二轮专题复习艺术专用课时作业：专题一 力与运动 2更新完毕开始阅读
隔离对B分析有：mBg－FN＝mBa，
解得：FN＝(20－2×4) N＝12 N，由牛顿第三定律知B对A的压力为12 N，故A、C正确，B、D错误．]
6．如图所示，一轻质弹簧沿竖直方向放置在水平地面上，其下端固定．当弹簧的长度为原长时，其上端位于O点．现有一小球从O点由静止释放，将弹簧压缩至最低点(弹簧始终处于弹性限度内)．在此过程中，关于小球的加速度a随下降位移x的变化关系，下图中正确的是( )
kx
解析：A [当小球和弹簧接触时，根据牛顿第二定律得：mg－kx＝ma，所以a＝g－.m根据数学知识可知，C、D错误．当压缩到最低点时，加速度等于g，故A正确，B错误．]
7．如图甲所示，当A、B两物块放在光滑的水平面上时，用水平恒力F作用于A的左
端，使A、B一起向右做匀加速直线运动时的加速度大小为a1，A、B间的相互作用力的大小为N1.如图乙所示，当A、B两物块放在固定光滑斜面上时，在恒力F作用下，使A、B一起沿斜面向上做匀加速直线运动时的加速度大小为a2，A、B间的相互作用力大小为N2，则有关a1、a2和N1、N2的关系正确的是( )
A．a1＞a2，N1＞N2 B．a1＞a2，N1＜N2 C．a1＝a2，N1＝N2 D．a1＞a2，N1＝N2
F
解析：D [对于图甲，根据牛顿第二定律得整体加速度a1＝，对B隔离分析，
mA＋mB
A对B的作用力N1＝mBa1＝
mBF
.对于图乙，根据牛顿第二定律得整体的加速度a2＝
mA＋mB
F－?mA＋mB?gsin θFmBF
＝－gsin θ，对B隔离分析，有N2－mBgsin θ＝mBa2，得N2＝.
mA＋mBmA＋mBmA＋mB可知a1＞a2，N1＝N2，故D正确，A、B、C错误．]
8．(多选)如图甲所示，光滑水平面上静置一个薄长木板，长木板上表面粗糙，其质量为M，t＝0时刻质量为m的物块以速度v水平滑上长木板，此后木板与物块运动的v-t图像如图乙所示，重力加速度g取10 m/s2，则下列说法正确的是( )
A．M＝m B．M＝2m
C．木板的长度为8 m
D．木板与物块间的动摩擦因数为0.1
解析：BC [物块在木板上运动过程中，在水平方向上只受到木板给的滑动摩擦力，故7－3
μmg＝ma1，而v-t图像的斜率表示加速度，故a1＝ m/s2＝2 m/s2，解得μ＝0.2，D错误；
22－0
对木板受力分析可知μmg＝Ma2，a2＝ m/s2＝1 m/s2，解得M＝2m，A错误，B正确；
2从题图乙可知物块和木板最终分离，两者v-t图像与t轴围成的面积之差等于木板的长度，11
×?7＋3?×2－×2×2? m＝8 m，C正确．] 故L＝?2?2?
[B级－综合练]
9．(多选)一条水平传送带以速度v0逆时针匀速转动，现有一物体以速度v向右冲上传送带，若物体与传送带间的动摩擦因数恒定，规定向右为速度的正方向，则物体在传送带上滑动时的速度随时间变化的图像可能是下图中的( )
解析：BC [物体在传送带上受到重力、传送带的支持力和摩擦力，由于摩擦力的方向与初速度方向相反，所以物体先做匀减速直线运动，若物体的速度足够大，物体在速度减小到0前，物体已经滑到传送带右端，则物体一直做匀减速运动，故B正确；若物体的速度比较小，在物体的速度减小到0时，物体仍未滑到传送带右端，则物体的速度等于0时，仍然在传送带上，由于传送带向左运动，物体在传送带上受到向左的摩擦力，将向左做加速运动，由运动的对称性可知，若传送带的速度大小大于物体开始时的速度大小，则物体返回出发点的速度大小仍然等于v；若传送带的速度大小小于物体开始时的速度大小，则当物体的速度与传送带的速度相等后，物体以传送带的速度随传送带一起做匀速直线运动，故C正确，故A、D错误．]
10．(多选)质量为M的足够长的木板B放在光滑水平地面上，一个质量为m的滑块A(可视为质点)放在木板上．设滑块受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，如图甲所示．木板B受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出木板B的加速度a，得到如图乙所示的a-F图像，取g取10 m/s2，则( )