发布时间 : 星期五 文章辽宁省鞍山市第一中学2019届高三3月模拟考试(三模)理科综合物理试卷-含答案解析更新完毕开始阅读
2019届辽宁省鞍山市第一中学高三3月 模拟考试（三模）理科综合物理试题
物理答案
1．AD 【解析】
A、D项：由公式，，联立解得：，由公式可得：，
故A、D正确；B项：行星的体积为：，由公式，故B错误；C项：该星系的
第一宇宙速度大小为
，故C错误。故应选：AD。
2．AD 【解析】
A、由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联，再由R1串连接在电源两端，电容器与R3并联；当滑动变阻器R4的滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，干路中电流增大，路端电压减小，由于干路电流增大，R1两端的电压增大，故并联部分的电压减
小，由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过R4的电流增大，故电流表示数增大,故B错误；因并联部
分电压减小，而R2两端电压增大，R4两端电压减小，则电压表示数减小，故A正确。C、电容器与R3并联，
流过R3的电流减小，R3两端电压减小，电容器两端电压减小，电容器中的场强减小，故电荷受到的向上电
场力减小，则重力大于电场力，电荷将向下运动，故C错误；D、因R3两端的电压减小，由功率P=可知，
R3上消耗的功率减小；故D错误。故选：A
3．CD 【解析】
A、两滑块与绳构成绳连接体，沿绳方向的加速度相等，则A的分加速度等于B的加速度；故A错误.B、绳连接体上的一对拉力做功不损失机械能，但B受到的斜面摩擦力对B做负功，由能量守恒可知滑块A减
小的机械能等于滑块B增加的机械能和摩擦生热之和；B错误.C、绳连接体沿绳的速度相等,则A沿绳的分速度等于B的运动速度，如图所示，即滑块A的速度大于B的速度；故C正确.
D、对A受力分析可知，除重力外，只有细线的张长对滑块做功，由功能原理可知，细线上张力对滑块A做的功等于滑块A机械能的变化量；故D正确.故选CD.
【点睛】
绳连接体抓住五同原理解题.(沿绳的拉力相同，沿绳的加速度相同，沿绳的速度相同，沿绳的功率
相同，沿绳的做功相等).
4．ABD 【解析】
液体表面张力产生的原因是：液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力。就象你要把弹簧拉开些，弹簧反而表现具有收缩的趋势，故A正确；影响蒸发快慢以及影响人们对干爽与潮湿感受的因素是空气的相对湿度，相对湿度=
×100%，即空气中水蒸气的压强与同一温度下水的饱和
汽压的差距，故B正确；烧热的针尖接触涂有蜂蜡薄层的云母片背面，熔化的蜂蜡呈椭圆形，说明云母片
是晶体，故C错误；一定质量的理想气体体积不变时，温度越高，单位体积内的分子数不变，但分子运动
加剧，故单位时间内容器壁单位面积受到气体分子撞击的次数越多，故D正确；由于气体分子间距离较大，
摩尔体积与分子体积的比值不等于阿伏伽德罗常数，故E错误；故选ABD。
【点睛】
本题研究固体、液体、气体的特点；固体的各向同性和各向异性，液体的表面张力、气体压强，及相对湿度，注意加强记忆与理解，同时理解气体的摩尔体积与分子体积的比值不等于阿伏伽德罗常数。
5．A 【解析】
根据质量数守恒与电荷数守恒可知，选项A的核反应方程式
中，可以判断X的质量
数为0，电荷数为：z=55-56=-1，所以X为电子，故A正确；原子核能够放射出β粒子，是由于原子核内发生β衰变，其中的中子转化为质子而放出的电子，故B错误；原子核的比结合能越大，原子核越稳定，
故C错误；根据玻尔理论可知，氢原子从n=6能级向n=1能级跃迁时减小的能量大于氢原子从n=6能级向n=2能级跃迁时减小的能量，所以氢原子从n=6能级向n=1能级跃迁时辐射出的光子的能量大于氢原子从n=6能级向n=2能级跃迁时辐射出的光的能量，根据光电效应发生的条件可知，若氢原子从n=6能级向n=1能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发生光电效应，则氢原子从n=6能级向n=2能级跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生光电效应，故D错误。故选A。
6．D 【解析】
甲图中，因v-t图像与坐标轴围成的面积等于位移，可知物体在0～t0这段时间内的位移大于，选项A错误；乙图中，根据v2
=2ax可知
，则物体的加速度为0.5m/s2
，选项B错误；丙图中，根
据?v=at可知，阴影面积表示t1~t2时间内物体的速度变化量，选项C错误；丁图中，由x=v0t+at2
可得
，由图像可知
，则a=10m/s2
； v0=-5m/s，则t=3s时物体的速度为v3=v0+at3=25m/s，
选项D正确；故选D.
7．B 【解析】
线圈从中性面计时，则感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSωsinωt，故A正确；当触头P向下移动，只会改变副线圈的电流，从而改变原线圈的电流，不会改变原线圈的电压，故B错误；当用电量增加时，负载总电阻减小，电流增大，则导线上消耗的电压增大；则为了使用户电压保持不变，滑动触头P应向上滑动；故C正确；当线圈与磁场平行时，感应电流最大，变压器原线圈的电流瞬时值最大，故D正确；此题选择不正确的选项，故选B。
8．C 【解析】
平行板电容器充电后与电源断开后所带电量Q不变，根据推论得知，板间场强E不变，油滴仍然平衡，A错误。将负极板移到图中虚线所示的位置，电容器板间距离减小，由电容的决定式得
知电容C增大，由电容的定义式
分析得知，电压U变小。由U=Ed得知，P点与下板间的电势差不变，
则P点的电势不变，负电荷的电势能W不变，则C正确，BD错误。故选C。
【点睛】
电容器的电量和正对面积不变，板间场强E不变是重要的推论，要能根据电容的决定式、电容的定义式和场强推论进行分析．
9．B 【解析】
粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据几何关系，粒子在磁场中偏转的圆心角相等，都为120°，根
据粒子在磁场中运动的时间：，又因为粒子在磁场中圆周运动的周期，所以粒子运动时间为
，A错误B正确；粒子速度越大，根据公式可知半径越大，则轨迹越长，所以路
程越长，C错误；当从C点射出时路程最长，根据几何知识可得此时的半径为，则，
D错误。
【名师点睛】
带电粒子在匀强磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力，从而得出半径公式，周期公式，
运动时间公式，知道粒子在磁场中运动半径和速度有关，运动周期和速度无关，画轨迹，定圆心，
找半径，结合几何知识分析解题。
10．ACE 【解析】
由图像可知，这列波的波长是8m，周期是0.2s，振幅是10cm，选项A正确；由Q点的振动图像可
知，在t=0时，质点Q向y轴正方向运动，可知波向x轴正向传播，选项B错误；波速，
从t=0.1到t=0.25s，该波沿x轴正方向传播了
，选项C正确；从t=0.1到t=0.25s
经历了0.15s=T，但是因P点开始不是从平衡位置或者最高点最低点开始振动，则质点P通过的路程不等
于3A=30cm,选项D错误；，则质点Q简谐运动的表达式为y=0.10sin10πt（国际单位），选项E正确；故选ACE.
【点睛】
本题关键是会根据振动情况来判断波的传播方向，抓住振动图象和波动图象之间的内在联系。要知道质点做简谐运动时，只有起点在平衡位置或波峰、波谷处的质点，在3/4周期内振动的路程才是3A。
11．(1)0.16A；逆时针方向 (2)2.4N，0.08C 【解析】
（1）根据楞次定律可知，电流逆时针方向，因，则产生的感应电动势为：
电流大小为：
（2）产生的感应电动势最大为：E′=B?2av0=1.5×0.8×5V=6V
通过导体棒的电流为：
受到的安培力为：F=BIL=1.5×2×2×0.4N=2.4N
通过导体棒的电荷量为：
12．(1)否，5m/s （2）2.5J 【解析】
（1）对于子弹打小车的过程，取向右为正方向，根据动量守恒定律得：，可得：
当小物块运动到圆轨道的最高点时，三者共速为．
根据动量守恒定律得：
，解得：
根据机械能守恒定律得：
，解得：
，
所以小物块不能达到圆弧轨道的最高点A；
当小物块再次回到B点时，小物块速度为，车和子弹的速度为
根据动量守恒定律得：
根据能量守恒定律得：
解得
，
；
（2）当弹簧具有最大弹性势能时三者速度相同，由动量守恒定律得：
，
可得
；
根据能量守恒定律得：，解得：。
【点睛】
本题是系统水平方向动量守恒和能量守恒的问题，要分析清楚物块的运动过程，把握隐含的临界状态：速度相同，结合动量守恒定律和能量守恒定律研究。
13．（1）
（2）
【解析】
（1）对气缸B，由平衡条件得：p1S=p0S+μmg，气体压强：p1=p0+
，气缸B中的气体发生等温变化，
由玻意耳定律得：p0?2V=p1VB，解得：
；
（2）气缸A中气体末状态体积：VA=3V-VB=
，对A中气体，由理想气体状态方程得：
，解得：T1=（1+）T0.
【点睛】
本题是连接体问题，根据题意求出气体状态参量，应用玻意耳定律与理想气体状态方程可以解题，要注意两气缸中气体状态参量间的关系。
14．（1）最大宽度为R （2）光线在O点右侧与O相距R处垂直于AB从下方射出
【解析】
（1）光线垂直AB面入射后传播方向不变，在圆弧面发生折射，射入射角为，如下图所示
出射时发生全反射的临界角，即可得
根据对称性可得入射光的宽度
（2）由于所以一细束光线在O点左侧与O相距处垂直于AB从下方入射后在圆弧面
发生全反射，根据几何关系可得入射角
，即
在圆弧面反射后根据几何关系入射角仍为
，由此发生第三次反射，如下图所示，根据几何关
系，可得
所以出射点在O点右侧处。
15．（1）不需要 （2）D （3）平衡摩擦力；0.2 【解析】
（1）本实验中由于有力传感器测量力的大小，所以不需要满足重物质量远远小于滑块与传感器的总质量。
（2）由牛顿第二定律：F-f=Ma，即可知图像D正确；
（3）该同学在数据处理时未得出“质量一定时，加速度与所受拉力成正比关系”，原因是在实验前缺少一个重要环节是平衡摩擦力；根据(2)中他的实验图象可知：，可知滑块与木板间的动摩擦因数
μ=0.2；
16．（1）2200 （2）B；大 （3）①1.5，1.25；②7 【解析】
（1）多用电表选择开关指在“×100”欧姆档，读数等于指针示数×100，则该电阻的阻值是：R=22
Ω×100=2200Ω；
（2）为了得到尽量多的数据、较精确测出电阻值，并要求电压从0开始调节，应该采用滑动变阻器分压接法，2200Ω＞
Ω，被测电阻属于大电阻，故采用电流表内接，综上应该选择：B；电
流表内接时，所测电压偏大，而电流为真实值，根据欧姆定律则测量值比真实值偏大；
（3）①由图示电源U-I图象可知，电源U-I图象与纵轴交点坐标值为1.5，电源电动势E=1.5V，电
源内阻；②由图示图象可知，第4与第7组实验数据偏离图线最远，应用这两组数据
列方程求出的电动势与内阻误差较大．
【点睛】
本题考查了测量电源电动势与内阻实验，掌握描点法作图的方法即可正确解题，应用图象法处理实
验数据是常用的实验数据处理方法，要掌握．